Definite integration by substitution Questions in Gujarati

(A) આપેલ સંકલન $\int_\alpha^{\log _e 4} \frac{dx}{\sqrt{e^{x}-1}}=\frac{\pi}{6}$ છે.
ધારો કે $e^{x}-1=t^2$,તેથી $e^x dx = 2t dt$,જેનો અર્થ છે કે $dx = \frac{2t dt}{t^2+1}$.
જ્યારે $x = \log_e 4$,ત્યારે $t = \sqrt{e^{\log_e 4}-1} = \sqrt{4-1} = \sqrt{3}$.
જ્યારે $x = \alpha$,ત્યારે $t = \sqrt{e^\alpha-1}$.
સંકલન $\int_{\sqrt{e^\alpha-1}}^{\sqrt{3}} \frac{2t dt}{t(t^2+1)} = 2 \int_{\sqrt{e^\alpha-1}}^{\sqrt{3}} \frac{dt}{t^2+1} = 2 [\tan^{-1} t]_{\sqrt{e^\alpha-1}}^{\sqrt{3}}$ બને છે.
આ $2(\tan^{-1} \sqrt{3} - \tan^{-1} \sqrt{e^\alpha-1}) = 2(\frac{\pi}{3} - \tan^{-1} \sqrt{e^\alpha-1}) = \frac{\pi}{6}$ થાય છે.
$2$ વડે ભાગતા,આપણને $\frac{\pi}{3} - \tan^{-1} \sqrt{e^\alpha-1} = \frac{\pi}{12}$ મળે છે,તેથી $\tan^{-1} \sqrt{e^\alpha-1} = \frac{\pi}{3} - \frac{\pi}{12} = \frac{3\pi}{12} = \frac{\pi}{4}$.
આમ,$\sqrt{e^\alpha-1} = \tan(\frac{\pi}{4}) = 1$,જેનો અર્થ છે કે $e^\alpha-1 = 1$,તેથી $e^\alpha = 2$.
પછી $e^{-\alpha} = \frac{1}{2}$.
$2$ અને $\frac{1}{2}$ બીજ ધરાવતું દ્વિઘાત સમીકરણ $(x-2)(x-\frac{1}{2}) = 0$ છે,જેનું સાદું રૂપ $x^2 - \frac{5}{2}x + 1 = 0$ અથવા $2x^2 - 5x + 2 = 0$ થાય છે.

(C) ધારો કે $I = \int_0^{1/2} \frac{1+\sqrt{3}}{((x+1)^2(1-x)^6)^{1/4}} dx$.
સંકલિતનું સાદું રૂપ આપતા: $((x+1)^2(1-x)^6)^{1/4} = (x+1)^{1/2}(1-x)^{3/2} = (1-x)^2 \left(\frac{x+1}{1-x}\right)^{1/2}$.
તેથી,$I = \int_0^{1/2} \frac{1+\sqrt{3}}{\left(\frac{x+1}{1-x}\right)^{1/2} (1-x)^2} dx$.
ધારો કે $t = \frac{x+1}{1-x}$. તો $dt = \frac{(1-x)(1) - (x+1)(-1)}{(1-x)^2} dx = \frac{1-x+x+1}{(1-x)^2} dx = \frac{2}{(1-x)^2} dx$.
આમ,$\frac{dx}{(1-x)^2} = \frac{dt}{2}$.
જ્યારે $x=0$,ત્યારે $t=1$. જ્યારે $x=1/2$,ત્યારે $t = \frac{1.5}{0.5} = 3$.
$I = \int_1^3 \frac{1+\sqrt{3}}{\sqrt{t}} \cdot \frac{dt}{2} = \frac{1+\sqrt{3}}{2} \int_1^3 t^{-1/2} dt$.
$I = \frac{1+\sqrt{3}}{2} [2\sqrt{t}]_1^3 = (1+\sqrt{3})(\sqrt{3}-1) = 3-1 = 2$.

(A) ધારો કે $I = \int_{\frac{\pi}{4}}^{\frac{\pi}{2}} (2 \operatorname{cosec} x)^{17} dx$.
$\tan(\frac{x}{2}) = e^u$ આદેશ લેતા,$\frac{1}{2} \sec^2(\frac{x}{2}) dx = e^u du$,તેથી $dx = \frac{2 e^u}{1+e^{2u}} du$.
વળી,$\operatorname{cosec} x = \frac{1}{\sin x} = \frac{1+e^{2u}}{2e^u} = \frac{e^u + e^{-u}}{2}$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{4}$,ત્યારે $e^u = \tan(\frac{\pi}{8}) = \sqrt{2}-1$,તેથી $u = \ln(\sqrt{2}-1) = -\ln(\sqrt{2}+1)$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{2}$,ત્યારે $e^u = \tan(\frac{\pi}{4}) = 1$,તેથી $u = 0$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_{-\ln(\sqrt{2}+1)}^{0} (e^u + e^{-u})^{17} \cdot \frac{2}{e^u + e^{-u}} du = \int_{-\ln(\sqrt{2}+1)}^{0} 2(e^u + e^{-u})^{16} du$.
કારણ કે $f(u) = (e^u + e^{-u})^{16}$ એ યુગ્મ વિધેય છે,તેથી $\int_{-a}^{0} f(u) du = \int_{0}^{a} f(u) du$.
આમ,$I = \int_{0}^{\ln(1+\sqrt{2})} 2(e^u + e^{-u})^{16} du$.

(D) આપેલ છે કે $\alpha = \int_0^1 e^{(9x + 3 \tan^{-1} x)} \left(\frac{12 + 9x^2}{1 + x^2}\right) dx$.
ધારો કે $t = 9x + 3 \tan^{-1} x$.
તેથી,$dt = \left(9 + \frac{3}{1 + x^2}\right) dx = \left(\frac{9(1 + x^2) + 3}{1 + x^2}\right) dx = \left(\frac{12 + 9x^2}{1 + x^2}\right) dx$.
જ્યારે $x = 0$,ત્યારે $t = 9(0) + 3 \tan^{-1}(0) = 0$.
જ્યારે $x = 1$,ત્યારે $t = 9(1) + 3 \tan^{-1}(1) = 9 + 3(\frac{\pi}{4}) = 9 + \frac{3\pi}{4}$.
આમ,$\alpha = \int_0^{9 + \frac{3\pi}{4}} e^t dt = [e^t]_0^{9 + \frac{3\pi}{4}} = e^{9 + \frac{3\pi}{4}} - e^0 = e^{9 + \frac{3\pi}{4}} - 1$.
તેથી,$1 + \alpha = e^{9 + \frac{3\pi}{4}}$.
પ્રાકૃતિક લઘુગણક લેતા,$\log_e |1 + \alpha| = 9 + \frac{3\pi}{4}$.
અંતે,$\log_e |1 + \alpha| - \frac{3\pi}{4} = 9 + \frac{3\pi}{4} - \frac{3\pi}{4} = 9$.

(B) ધારો કે $I = \int_0^1 \frac{1}{2+\sqrt{x}} \, dx$.
$\sqrt{x} = t$ આદેશ લેતા,$x = t^2$ અને $dx = 2t \, dt$ મળે.
જ્યારે $x = 0$,ત્યારે $t = 0$ અને જ્યારે $x = 1$,ત્યારે $t = 1$.
તેથી,$I = \int_0^1 \frac{2t}{2+t} \, dt$.
$I = 2 \int_0^1 \frac{t+2-2}{t+2} \, dt = 2 \int_0^1 \left(1 - \frac{2}{t+2}\right) \, dt$.
$I = 2 [t - 2 \log |t+2|]_0^1$.
$I = 2 [(1 - 2 \log 3) - (0 - 2 \log 2)]$.
$I = 2 [1 - 2 \log 3 + 2 \log 2] = 2 [1 + 2 \log(2/3)]$.
$I = 2 [\log e + \log(4/9)] = 2 \log(4e/9)$.
આમ,સાચો વિકલ્પ $B$ છે.

(B) ધારો કે $I = \int_{\frac{\pi}{6}}^{\frac{\pi}{4}} \frac{d x}{\sin 2 x(\tan ^5 x+\cot ^5 x)}$
$\sin 2x = 2 \sin x \cos x$ અને $\cot x = \frac{1}{\tan x}$ નો ઉપયોગ કરતા:
$I = \int_{\frac{\pi}{6}}^{\frac{\pi}{4}} \frac{d x}{2 \sin x \cos x(\tan ^5 x+\frac{1}{\tan ^5 x})}$
અંશ અને છેદને $\sec^2 x$ વડે ગુણતા:
$I = \frac{1}{2} \int_{\frac{\pi}{6}}^{\frac{\pi}{4}} \frac{\sec^2 x}{\tan x(\frac{\tan^{10} x+1}{\tan^5 x})} dx = \frac{1}{2} \int_{\frac{\pi}{6}}^{\frac{\pi}{4}} \frac{\tan^4 x \sec^2 x}{\tan^{10} x+1} dx$
ધારો કે $t = \tan^5 x$,તેથી $dt = 5 \tan^4 x \sec^2 x dx$,એટલે કે $\tan^4 x \sec^2 x dx = \frac{dt}{5}$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{6}$,ત્યારે $t = (\frac{1}{\sqrt{3}})^5 = \frac{1}{9 \sqrt{3}}$. જ્યારે $x = \frac{\pi}{4}$,ત્યારે $t = 1^5 = 1$.
$I = \frac{1}{2} \int_{\frac{1}{9 \sqrt{3}}}^{1} \frac{dt/5}{t^2+1} = \frac{1}{10} [\tan^{-1} t]_{\frac{1}{9 \sqrt{3}}}^{1}$
$I = \frac{1}{10} (\tan^{-1}(1) - \tan^{-1}(\frac{1}{9 \sqrt{3}})) = \frac{1}{10} (\frac{\pi}{4} - \tan^{-1}(\frac{1}{9 \sqrt{3}}))$

(B) ધારો કે $I = \int_{\frac{\pi}{6}}^{\frac{\pi}{3}} \sec^{\frac{2}{3}} x \operatorname{cosec}^{\frac{4}{3}} x \, dx$
$= \int_{\frac{\pi}{6}}^{\frac{\pi}{3}} \frac{1}{\cos^{\frac{2}{3}} x \sin^{\frac{4}{3}} x} \, dx$
$= \int_{\frac{\pi}{6}}^{\frac{\pi}{3}} \frac{1}{\left(\frac{\sin x}{\cos x}\right)^{\frac{4}{3}} \cos^2 x} \, dx$
$= \int_{\frac{\pi}{6}}^{\frac{\pi}{3}} \frac{\sec^2 x}{\tan^{\frac{4}{3}} x} \, dx$
ધારો કે $\tan x = t$,તેથી $\sec^2 x \, dx = dt$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{6}$,ત્યારે $t = \tan(\frac{\pi}{6}) = \frac{1}{\sqrt{3}} = 3^{-\frac{1}{2}}$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{3}$,ત્યારે $t = \tan(\frac{\pi}{3}) = \sqrt{3} = 3^{\frac{1}{2}}$.
$I = \int_{3^{-\frac{1}{2}}}^{3^{\frac{1}{2}}} t^{-\frac{4}{3}} \, dt = \left[ \frac{t^{-\frac{1}{3}}}{-\frac{1}{3}} \right]_{3^{-\frac{1}{2}}}^{3^{\frac{1}{2}}} = -3 \left[ t^{-\frac{1}{3}} \right]_{3^{-\frac{1}{2}}}^{3^{\frac{1}{2}}}$
$= -3 \left( (3^{\frac{1}{2}})^{-\frac{1}{3}} - (3^{-\frac{1}{2}})^{-\frac{1}{3}} \right) = -3 \left( 3^{-\frac{1}{6}} - 3^{\frac{1}{6}} \right)$
$= 3 \cdot 3^{\frac{1}{6}} - 3 \cdot 3^{-\frac{1}{6}} = 3^{\frac{7}{6}} - 3^{\frac{5}{6}}$

(B) ધારો કે $I = \int_0^{\frac{\pi}{2}} \frac{\sin x}{1+\cos ^2 x} dx$.
$t = \cos x$ આદેશ લેતા,$dt = -\sin x dx$,અથવા $\sin x dx = -dt$ મળે.
જ્યારે $x = 0$ હોય,ત્યારે $t = \cos(0) = 1$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{2}$ હોય,ત્યારે $t = \cos(\frac{\pi}{2}) = 0$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_1^0 \frac{-dt}{1+t^2} = \int_0^1 \frac{dt}{1+t^2}$.
પ્રમાણિત સંકલન $\int \frac{1}{1+t^2} dt = \tan^{-1} t$ નો ઉપયોગ કરતા:
$I = [\tan^{-1} t]_0^1 = \tan^{-1}(1) - \tan^{-1}(0) = \frac{\pi}{4} - 0 = \frac{\pi}{4}$.

(A) ધારો કે $I = \int_{-3}^0 x \sqrt{x+4} \, dx$.
$x+4 = t$ આદેશ લેતા,તેથી $x = t-4$ અને $dx = dt$.
જ્યારે $x = -3$,ત્યારે $t = 1$.
જ્યારે $x = 0$,ત્યારે $t = 4$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_1^4 (t-4) \sqrt{t} \, dt = \int_1^4 (t^{3/2} - 4t^{1/2}) \, dt$.
પદવાર સંકલન કરતા:
$I = \left[ \frac{t^{5/2}}{5/2} - 4 \cdot \frac{t^{3/2}}{3/2} \right]_1^4 = \left[ \frac{2}{5} t^{5/2} - \frac{8}{3} t^{3/2} \right]_1^4$.
સીમાઓ મૂકતા:
$I = \left( \frac{2}{5}(4)^{5/2} - \frac{8}{3}(4)^{3/2} \right) - \left( \frac{2}{5}(1)^{5/2} - \frac{8}{3}(1)^{3/2} \right)$.
$I = \left( \frac{2}{5}(32) - \frac{8}{3}(8) \right) - \left( \frac{2}{5} - \frac{8}{3} \right)$.
$I = \left( \frac{64}{5} - \frac{64}{3} \right) - \left( \frac{6-40}{15} \right) = \left( \frac{192-320}{15} \right) - \left( \frac{-34}{15} \right) = \frac{-128}{15} + \frac{34}{15} = -\frac{94}{15}$.

(B) સંકલન $I = \int_{2}^{3} \frac{x}{x^{2}-1} d x$ ની ગણતરી કરવા માટે,ધારો કે $u = x^{2}-1$.
તેથી $du = 2x \, dx$,જેનો અર્થ છે કે $x \, dx = \frac{1}{2} du$.
જ્યારે $x = 2$,ત્યારે $u = 2^{2}-1 = 3$.
જ્યારે $x = 3$,ત્યારે $u = 3^{2}-1 = 8$.
આ કિંમતોને સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_{3}^{8} \frac{1}{u} \cdot \frac{1}{2} du$
$I = \frac{1}{2} [\log |u|]_{3}^{8}$
$I = \frac{1}{2} (\log 8 - \log 3)$
$I = \frac{1}{2} \log \left(\frac{8}{3}\right)$.

(A) ધારો કે $I = \int_{1}^{e} \frac{dx}{x(1+\log x)^{2}}$.
$u = 1 + \log x$ આદેશ લેતા,$du = \frac{1}{x} dx$ મળે.
જ્યારે $x = 1$,ત્યારે $u = 1 + \log 1 = 1 + 0 = 1$.
જ્યારે $x = e$,ત્યારે $u = 1 + \log e = 1 + 1 = 2$.
તેથી,$I = \int_{1}^{2} \frac{du}{u^{2}} = \int_{1}^{2} u^{-2} du$.
$I = \left[ \frac{u^{-1}}{-1} \right]_{1}^{2} = \left[ -\frac{1}{u} \right]_{1}^{2}$.
$I = -\left( \frac{1}{2} - \frac{1}{1} \right) = -\left( -\frac{1}{2} \right) = \frac{1}{2}$.

(C) ધારો કે $I = \int_0^4 \frac{1}{1+\sqrt{x}} \, dx$.
$x = t^2$ આદેશ લેતા,$dx = 2t \, dt$ મળે.
જ્યારે $x = 0, t = 0$ અને જ્યારે $x = 4, t = 2$ થાય.
તેથી,$I = \int_0^2 \frac{2t}{1+t} \, dt$.
$I = 2 \int_0^2 \frac{(1+t)-1}{1+t} \, dt$.
$I = 2 \int_0^2 \left(1 - \frac{1}{1+t}\right) \, dt$.
$I = 2 [t - \ln(1+t)]_0^2$.
$I = 2 [(2 - \ln 3) - (0 - \ln 1)]$.
$I = 2(2 - \ln 3) = 4 - 2\ln 3 = 4 - \ln(3^2) = 4 - \ln 9$.
$4 = \ln(e^4)$ હોવાથી,$I = \ln(e^4) - \ln 9 = \ln \left(\frac{e^4}{9}\right)$.

(C) ધારો કે $I = \int_0^{\frac{\pi}{4}} \frac{\cos^2 x \sin^2 x}{(\cos^3 x + \sin^3 x)^2} \, dx$.
અંશ અને છેદને $\cos^6 x$ વડે ભાગતા:
$I = \int_0^{\frac{\pi}{4}} \frac{\tan^2 x \sec^2 x}{(1 + \tan^3 x)^2} \, dx$.
ધારો કે $u = \tan^3 x$,તેથી $du = 3 \tan^2 x \sec^2 x \, dx$,જેનો અર્થ છે કે $\tan^2 x \sec^2 x \, dx = \frac{du}{3}$.
જ્યારે $x = 0$,ત્યારે $u = 0$. જ્યારે $x = \frac{\pi}{4}$,ત્યારે $u = 1$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_0^1 \frac{1}{3(1 + u)^2} \, du = \frac{1}{3} \left[ -\frac{1}{1 + u} \right]_0^1$.
$I = \frac{1}{3} \left( -\frac{1}{2} - (-1) \right) = \frac{1}{3} \left( \frac{1}{2} \right) = \frac{1}{6}$.

(C) ધારો કે $1+\tan x = t$. તેથી $\sec^2 x \, dx = dt$.
જ્યારે $x = 0$,ત્યારે $t = 1+\tan(0) = 1$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{4}$,ત્યારે $t = 1+\tan(\frac{\pi}{4}) = 2$.
સંકલન આ મુજબ બનશે:
$\int_1^2 \frac{dt}{t(t+1)}$.
આંશિક અપૂર્ણાંકનો ઉપયોગ કરતા: $\frac{1}{t(t+1)} = \frac{1}{t} - \frac{1}{t+1}$.
તેથી,સંકલન $\int_1^2 \left( \frac{1}{t} - \frac{1}{t+1} \right) dt$ થશે.
$= [\log|t| - \log|t+1|]_1^2 = [\log|\frac{t}{t+1}|]_1^2$.
$= \log(\frac{2}{3}) - \log(\frac{1}{2}) = \log(\frac{2/3}{1/2}) = \log(\frac{4}{3})$.

(B) ધારો કે $I = \int_0^3 \frac{dx}{(x+2) \sqrt{x+1}}$.
$t = \sqrt{x+1}$ આદેશ લેતા,$t^2 = x+1$ અને $x = t^2 - 1$ મળે.
તેથી $dx = 2t \, dt$.
જ્યારે $x = 0$,ત્યારે $t = 1$. જ્યારે $x = 3$,ત્યારે $t = 2$.
સંકલન $I = \int_1^2 \frac{2t \, dt}{(t^2 - 1 + 2) t} = \int_1^2 \frac{2 \, dt}{t^2 + 1}$ થશે.
સંકલન કરતા,$I = [2 \tan^{-1}(t)]_1^2 = 2(\tan^{-1}(2) - \tan^{-1}(1))$.
સૂત્ર $\tan^{-1}(A) - \tan^{-1}(B) = \tan^{-1}\left(\frac{A-B}{1+AB}\right)$ નો ઉપયોગ કરતા,
$I = 2 \tan^{-1}\left(\frac{2-1}{1+2(1)}\right) = 2 \tan^{-1}\left(\frac{1}{3}\right)$ મળે.

(D) ધારો કે $I = \int_{\frac{\pi}{6}}^{\frac{\pi}{2}} \frac{\operatorname{cosec} x \cdot \cot x}{1+\operatorname{cosec}^2 x} d x$.
$t = \operatorname{cosec} x$ આદેશ લેતા,$dt = -\operatorname{cosec} x \cot x \, dx$ મળે,તેથી $\operatorname{cosec} x \cot x \, dx = -dt$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{6}$,ત્યારે $t = \operatorname{cosec}(\frac{\pi}{6}) = 2$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{2}$,ત્યારે $t = \operatorname{cosec}(\frac{\pi}{2}) = 1$.
તેથી,$I = \int_{2}^{1} \frac{-dt}{1+t^2} = \int_{1}^{2} \frac{dt}{1+t^2}$.
સંકલન કરતા,$I = [\tan^{-1} t]_{1}^{2} = \tan^{-1}(2) - \tan^{-1}(1)$.
સૂત્ર $\tan^{-1} x - \tan^{-1} y = \tan^{-1}(\frac{x-y}{1+xy})$ નો ઉપયોગ કરતા,$I = \tan^{-1}(\frac{2-1}{1+2 \cdot 1}) = \tan^{-1}(\frac{1}{3})$.

(C) ધારો કે $I = \int_0^1 \frac{dx}{(3x+2)+\sqrt{3x+2}}$.
$u = \sqrt{3x+2}$ આદેશ લેતા,$u^2 = 3x+2$ મળે,તેથી $2u du = 3 dx$ એટલે કે $dx = \frac{2}{3} u du$.
જ્યારે $x=0$ હોય ત્યારે $u = \sqrt{2}$ અને જ્યારે $x=1$ હોય ત્યારે $u = \sqrt{5}$ મળે.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_{\sqrt{2}}^{\sqrt{5}} \frac{\frac{2}{3} u du}{u^2+u} = \frac{2}{3} \int_{\sqrt{2}}^{\sqrt{5}} \frac{u du}{u(u+1)} = \frac{2}{3} \int_{\sqrt{2}}^{\sqrt{5}} \frac{du}{u+1}$.
સંકલન કરતા,$I = \frac{2}{3} [\log |u+1|]_{\sqrt{2}}^{\sqrt{5}}$ મળે.
$I = \frac{2}{3} (\log |\sqrt{5}+1| - \log |\sqrt{2}+1|) = \frac{2}{3} \log \left|\frac{\sqrt{5}+1}{\sqrt{2}+1}\right|$.
આમ,સાચો વિકલ્પ $C$ છે.

(D) ધારો કે $I = \int_{\frac{1}{3}}^1 \frac{(x-x^3)^{\frac{1}{3}}}{x^4} dx$.
ઘનમૂળની અંદરના પદમાંથી $x^3$ સામાન્ય લેતા:
$I = \int_{\frac{1}{3}}^1 \frac{(x^3(\frac{1}{x^2}-1))^{\frac{1}{3}}}{x^4} dx = \int_{\frac{1}{3}}^1 \frac{x(\frac{1}{x^2}-1)^{\frac{1}{3}}}{x^4} dx = \int_{\frac{1}{3}}^1 \frac{(\frac{1}{x^2}-1)^{\frac{1}{3}}}{x^3} dx$.
ધારો કે $u = \frac{1}{x^2} - 1$. તેથી $du = -\frac{2}{x^3} dx$,જેનો અર્થ છે કે $\frac{dx}{x^3} = -\frac{1}{2} du$.
જ્યારે $x = \frac{1}{3}$,ત્યારે $u = \frac{1}{(1/3)^2} - 1 = 9 - 1 = 8$.
જ્યારે $x = 1$,ત્યારે $u = \frac{1}{1^2} - 1 = 0$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_8^0 u^{\frac{1}{3}} (-\frac{1}{2}) du = \frac{1}{2} \int_0^8 u^{\frac{1}{3}} du$.
$I = \frac{1}{2} [\frac{u^{\frac{4}{3}}}{4/3}]_0^8 = \frac{1}{2} \cdot \frac{3}{4} [u^{\frac{4}{3}}]_0^8 = \frac{3}{8} (8^{\frac{4}{3}} - 0) = \frac{3}{8} (16) = 6$.
આમ,સાચો વિકલ્પ $D$ છે.

(B) ધારો કે $I = \frac{1}{2} \int_2^3 \frac{2x}{x^2+1} dx$.
આદેશની રીતનો ઉપયોગ કરતા,ધારો કે $u = x^2+1$.
તેથી $du = 2x dx$ થાય.
જ્યારે $x=2$,ત્યારે $u = 2^2+1 = 5$.
જ્યારે $x=3$,ત્યારે $u = 3^2+1 = 10$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \frac{1}{2} \int_5^{10} \frac{1}{u} du$
$I = \frac{1}{2} [\log |u|]_5^{10}$
$I = \frac{1}{2} (\log 10 - \log 5)$
$I = \frac{1}{2} \log \left(\frac{10}{5}\right)$
$I = \frac{1}{2} \log (2)$.

(A) ધારો કે $I = k \int_{0}^{1} x \cdot f(3x) \, dx$.
$t = 3x$ આદેશ લેતા,$dt = 3 \, dx$,જેનો અર્થ છે કે $dx = \frac{dt}{3}$.
જ્યારે $x = 0$,ત્યારે $t = 0$. જ્યારે $x = 1$,ત્યારે $t = 3$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = k \int_{0}^{3} \left(\frac{t}{3}\right) \cdot f(t) \cdot \left(\frac{dt}{3}\right)$
$I = \frac{k}{9} \int_{0}^{3} t \cdot f(t) \, dt$.
આપેલ છે કે $I = \int_{0}^{3} t \cdot f(t) \, dt$,તેથી બંને પદોને સરખાવતા:
$\frac{k}{9} \int_{0}^{3} t \cdot f(t) \, dt = \int_{0}^{3} t \cdot f(t) \, dt$.
સહગુણકોની સરખામણી કરતા,આપણને $\frac{k}{9} = 1$ મળે છે,જેનો અર્થ છે કે $k = 9$.

(D) આપેલ છે કે,$\int_{0}^{1} f(x) dx = 5$.
ધારો કે $I = 100 \int_{0}^{1} x^{9} f(x^{10}) dx$.
$x^{10} = t$ આદેશ લેતા,$10x^{9} dx = dt$ મળે,જેનો અર્થ છે કે $x^{9} dx = \frac{dt}{10}$.
જ્યારે $x = 0$ ત્યારે $t = 0$ અને જ્યારે $x = 1$ ત્યારે $t = 1$.
તેથી,$I = 100 \int_{0}^{1} f(t) \frac{dt}{10} = 10 \int_{0}^{1} f(t) dt$.
આપણે જાણીએ છીએ કે $\int_{0}^{1} f(t) dt = \int_{0}^{1} f(x) dx = 5$,તેથી $I = 10 \times 5 = 50$.
આમ,માંગેલ કિંમત $\int_{0}^{1} f(x) dx + I = 5 + 50 = 55$ થાય.

(B) ધારો કે $I = \int_{1/5}^{1/2} \frac{\sqrt{x-x^2}}{x^3} dx$.
આપણે સંકલ્યને $\frac{\sqrt{x^2(\frac{1}{x}-1)}}{x^3} = \frac{x\sqrt{\frac{1}{x}-1}}{x^3} = \frac{\sqrt{\frac{1}{x}-1}}{x^2}$ તરીકે લખી શકીએ.
ધારો કે $u = \frac{1}{x} - 1$. તેથી $du = -\frac{1}{x^2} dx$,જેનો અર્થ છે કે $-\frac{1}{x^2} dx = du$.
જ્યારે $x = 1/5$,ત્યારે $u = 5 - 1 = 4$.
જ્યારે $x = 1/2$,ત્યારે $u = 2 - 1 = 1$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા: $I = \int_{4}^{1} \sqrt{u} (-du) = \int_{1}^{4} u^{1/2} du$.
સંકલનનું મૂલ્ય શોધતા: $I = [\frac{u^{3/2}}{3/2}]_{1}^{4} = \frac{2}{3} [u^{3/2}]_{1}^{4}$.
$I = \frac{2}{3} (4^{3/2} - 1^{3/2}) = \frac{2}{3} (8 - 1) = \frac{2}{3} \times 7 = \frac{14}{3}$.

(D) ધારો કે $I = \int_{\frac{1}{25}}^3 \frac{e^{\frac{3}{x}}}{x^2} d x$.
$t = \frac{3}{x}$ આદેશ લેતા.
તેથી $dt = -\frac{3}{x^2} dx$,જેનો અર્થ છે કે $\frac{1}{x^2} dx = -\frac{1}{3} dt$.
જ્યારે $x = 3$ હોય,ત્યારે $t = \frac{3}{3} = 1$.
જ્યારે $x = \frac{1}{25}$ હોય,ત્યારે $t = \frac{3}{1/25} = 75$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_{75}^1 e^t \left(-\frac{1}{3} dt\right) = -\frac{1}{3} \int_{75}^1 e^t dt$.
$I = -\frac{1}{3} [e^t]_{75}^1 = -\frac{1}{3} (e^1 - e^{75})$.
$I = \frac{1}{3} (e^{75} - e)$.

(D) આપેલ છે કે $f(x) = x^2$ અને $g(x) = \cos x$,તેથી $g(f(x)) = \cos(x^2)$.
દ્વિઘાત સમીકરણ $18x^2 - 9\pi x + \pi^2 = 0$ માટે,બીજ નીચે મુજબ મળે છે:
$x = \frac{9\pi \pm \sqrt{(9\pi)^2 - 4(18)(\pi^2)}}{2(18)} = \frac{9\pi \pm \sqrt{81\pi^2 - 72\pi^2}}{36} = \frac{9\pi \pm 3\pi}{36}$.
આમ,બીજ $x = \frac{12\pi}{36} = \frac{\pi}{3}$ અને $x = \frac{6\pi}{36} = \frac{\pi}{6}$ છે.
$\alpha < \beta$ હોવાથી,$\alpha = \frac{\pi}{6}$ અને $\beta = \frac{\pi}{3}$ મળે.
આપણે $I = \int_{\pi/6}^{\pi/3} x \cos(x^2) dx$ ની કિંમત શોધવાની છે.
ધારો કે $t = x^2$,તેથી $dt = 2x dx$,જેનો અર્થ છે કે $x dx = \frac{dt}{2}$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{6}$,ત્યારે $t = \frac{\pi^2}{36}$. જ્યારે $x = \frac{\pi}{3}$,ત્યારે $t = \frac{\pi^2}{9}$.
સંકલનમાં આ કિંમતો મૂકતા:
$I = \int_{\pi^2/36}^{\pi^2/9} \cos(t) \frac{dt}{2} = \frac{1}{2} [\sin(t)]_{\pi^2/36}^{\pi^2/9} = \frac{1}{2} (\sin \frac{\pi^2}{9} - \sin \frac{\pi^2}{36})$.

(D) ધારો કે $I = \int_{\frac{2}{e}}^{\frac{1}{e}} \frac{1}{x(\log x)^{1/3}} dx$.
આદેશ લો $t = \log x$,તેથી $dt = \frac{1}{x} dx$.
જ્યારે $x = \frac{1}{e}$,ત્યારે $t = \log(\frac{1}{e}) = -1$.
જ્યારે $x = \frac{2}{e}$,ત્યારે $t = \log(\frac{2}{e}) = \log 2 - \log e = \log 2 - 1$.
તેથી,$I = \int_{\log 2 - 1}^{-1} t^{-1/3} dt$.
સંકલન કરતા,$I = \left[ \frac{t^{2/3}}{2/3} \right]_{\log 2 - 1}^{-1} = \frac{3}{2} \left[ t^{2/3} \right]_{\log 2 - 1}^{-1}$.
$I = \frac{3}{2} \left[ (-1)^{2/3} - (\log 2 - 1)^{2/3} \right]$.
કારણ કે $(-1)^{2/3} = ((-1)^2)^{1/3} = 1^{1/3} = 1$,તેથી $I = \frac{3}{2} \left[ 1 - (\log 2 - 1)^{2/3} \right]$.

(A) ધારો કે $I = \int_1^{e^2} \frac{dx}{x(1+\log x)^2}$.
$t = 1 + \log x$ આદેશ લેતા,$dt = \frac{1}{x} dx$ મળે.
જ્યારે $x = 1$ હોય,ત્યારે $t = 1 + \log(1) = 1 + 0 = 1$.
જ્યારે $x = e^2$ હોય,ત્યારે $t = 1 + \log(e^2) = 1 + 2 = 3$.
તેથી,$I = \int_1^3 \frac{dt}{t^2} = \int_1^3 t^{-2} dt$.
સંકલન કરતા,$I = \left[ \frac{t^{-1}}{-1} \right]_1^3 = \left[ -\frac{1}{t} \right]_1^3$.
સીમાઓ મૂકતા,$I = \left( -\frac{1}{3} \right) - \left( -\frac{1}{1} \right) = -\frac{1}{3} + 1 = \frac{2}{3}$.

(C) ધારો કે $I = \int_0^{\pi / 2} e^{\sin x} \cos x \, dx$.
$\sin x = t$ આદેશ લેતા,બંને બાજુ $x$ ની સાપેક્ષે વિકલન કરતા $\cos x \, dx = dt$ મળે.
હવે,સંકલનની સીમાઓ બદલતા:
જ્યારે $x = 0$ હોય,ત્યારે $t = \sin(0) = 0$.
જ્યારે $x = \frac{\pi}{2}$ હોય,ત્યારે $t = \sin(\frac{\pi}{2}) = 1$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_0^1 e^t \, dt$.
$e^t$ નું સંકલન $e^t$ થાય છે.
$I = [e^t]_0^1 = e^1 - e^0 = e - 1$.

(A) આપેલ સંકલન: $\int_{\log _e 2}^x \frac{d t}{\sqrt{e^t-1}}=\frac{\pi}{6}$.
ધારો કે $e^t - 1 = u^2$,તેથી $e^t dt = 2u du$,એટલે કે $dt = \frac{2u du}{u^2+1}$.
જ્યારે $t = \log_e 2$,ત્યારે $u = \sqrt{e^{\log_e 2} - 1} = \sqrt{2-1} = 1$.
જ્યારે $t = x$,ત્યારે $u = \sqrt{e^x - 1}$.
સંકલન આ મુજબ બનશે: $\int_{1}^{\sqrt{e^x-1}} \frac{2u du}{(u^2+1)u} = 2 \int_{1}^{\sqrt{e^x-1}} \frac{du}{u^2+1} = 2 [\tan^{-1} u]_{1}^{\sqrt{e^x-1}} = \frac{\pi}{6}$.
$2 [\tan^{-1}(\sqrt{e^x-1}) - \tan^{-1}(1)] = \frac{\pi}{6}$.
$\tan^{-1}(\sqrt{e^x-1}) - \frac{\pi}{4} = \frac{\pi}{12}$.
$\tan^{-1}(\sqrt{e^x-1}) = \frac{\pi}{12} + \frac{\pi}{4} = \frac{\pi+3\pi}{12} = \frac{4\pi}{12} = \frac{\pi}{3}$.
$\sqrt{e^x-1} = \tan(\frac{\pi}{3}) = \sqrt{3}$.
$e^x - 1 = 3 \Rightarrow e^x = 4$.
$x = \log_e 4 = \log_e(2^2) = 2 \log_e 2$.
આમ,વિકલ્પ $A$ સાચો છે.

(A) ધારો કે $I = \int_{8}^{18} \frac{1}{(x+2) \sqrt{x-3}} \, dx$.
$t = \sqrt{x-3}$ આદેશ લેતા,$t^2 = x-3$,જેથી $x = t^2+3$ અને $dx = 2t \, dt$ મળે.
જ્યારે $x = 8$,ત્યારે $t = \sqrt{8-3} = \sqrt{5}$.
જ્યારે $x = 18$,ત્યારે $t = \sqrt{18-3} = \sqrt{15}$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_{\sqrt{5}}^{\sqrt{15}} \frac{2t \, dt}{(t^2+3+2)t} = \int_{\sqrt{5}}^{\sqrt{15}} \frac{2 \, dt}{t^2+5}$.
સૂત્ર $\int \frac{dx}{x^2+a^2} = \frac{1}{a} \tan^{-1}(\frac{x}{a}) + C$ નો ઉપયોગ કરતા:
$I = 2 \left[ \frac{1}{\sqrt{5}} \tan^{-1}(\frac{t}{\sqrt{5}}) \right]_{\sqrt{5}}^{\sqrt{15}}$.
$I = \frac{2}{\sqrt{5}} \left[ \tan^{-1}(\frac{\sqrt{15}}{\sqrt{5}}) - \tan^{-1}(\frac{\sqrt{5}}{\sqrt{5}}) \right]$.
$I = \frac{2}{\sqrt{5}} \left[ \tan^{-1}(\sqrt{3}) - \tan^{-1}(1) \right]$.
$I = \frac{2}{\sqrt{5}} \left[ \frac{\pi}{3} - \frac{\pi}{4} \right] = \frac{2}{\sqrt{5}} \left[ \frac{\pi}{12} \right] = \frac{\pi}{6 \sqrt{5}}$.

(B) ધારો કે $I = \int_0^{\pi / 4} \frac{\sec x}{3 \cos x+4 \sin x} d x$.
અંશ અને છેદને $\sec x$ વડે ગુણતા:
$I = \int_0^{\pi / 4} \frac{\sec^2 x}{3 + 4 \tan x} d x$.
ધારો કે $u = 3 + 4 \tan x$. તેથી $du = 4 \sec^2 x d x$,એટલે કે $\sec^2 x d x = \frac{du}{4}$.
જ્યારે $x = 0$,ત્યારે $u = 3 + 4(0) = 3$.
જ્યારે $x = \pi / 4$,ત્યારે $u = 3 + 4(1) = 7$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_3^7 \frac{1}{u} \cdot \frac{du}{4} = \frac{1}{4} [\log |u|]_3^7$.
$I = \frac{1}{4} (\log 7 - \log 3) = \frac{1}{4} \log \left(\frac{7}{3}\right)$.

(A) ધારો કે $I = \int_1^2 x \sqrt{4-x^2} \, dx$.
$u = 4-x^2$ આદેશ લેતા,$du = -2x \, dx$,જેનો અર્થ છે કે $x \, dx = -\frac{1}{2} \, du$.
જ્યારે $x = 1$ હોય,ત્યારે $u = 4 - (1)^2 = 3$.
જ્યારે $x = 2$ હોય,ત્યારે $u = 4 - (2)^2 = 0$.
આ કિંમતો સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_3^0 \sqrt{u} \left(-\frac{1}{2}\right) \, du = \frac{1}{2} \int_0^3 u^{1/2} \, du$.
$I = \frac{1}{2} \left[ \frac{u^{3/2}}{3/2} \right]_0^3 = \frac{1}{2} \cdot \frac{2}{3} \left[ u^{3/2} \right]_0^3$.
$I = \frac{1}{3} (3^{3/2} - 0) = \frac{1}{3} (3 \sqrt{3}) = \sqrt{3}$.

(B) ધારો કે $I = \int_0^{\frac{\pi}{2}} \sin^4 \theta \cos^3 \theta \, d\theta$.
આપણે $\cos^3 \theta \, d\theta$ ને $\cos^2 \theta \cdot \cos \theta \, d\theta = (1 - \sin^2 \theta) \cos \theta \, d\theta$ તરીકે લખી શકીએ છીએ.
આ કિંમત સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_0^{\frac{\pi}{2}} \sin^4 \theta (1 - \sin^2 \theta) \cos \theta \, d\theta$.
ધારો કે $t = \sin \theta$,તો $dt = \cos \theta \, d\theta$.
જ્યારે $\theta = 0$,ત્યારે $t = 0$. જ્યારે $\theta = \frac{\pi}{2}$,ત્યારે $t = 1$.
$I = \int_0^1 t^4 (1 - t^2) \, dt = \int_0^1 (t^4 - t^6) \, dt$.
પદવાર સંકલન કરતા:
$I = \left[ \frac{t^5}{5} - \frac{t^7}{7} \right]_0^1 = \left( \frac{1}{5} - \frac{1}{7} \right) - (0 - 0) = \frac{7 - 5}{35} = \frac{2}{35}$.

(C) આપેલ છે કે $\frac{d}{dt}(t \log t - t) = \log t$.
ધારો કે $I = \int_0^1 2x \log(1+x^2) dx$.
$t = 1+x^2$ લેતા,$dt = 2x dx$ મળે.
જ્યારે $x=0$,ત્યારે $t=1$ અને જ્યારે $x=1$,ત્યારે $t=2$.
તેથી,$I = \int_1^2 \log t dt$.
આપેલ વિકલનનો ઉપયોગ કરતા,$\int \log t dt = t \log t - t + C$.
તેથી,$I = [t \log t - t]_1^2 = (2 \log 2 - 2) - (1 \log 1 - 1) = 2 \log 2 - 2 - 0 + 1 = \log 4 - 1$.
તેથી,$\exp(I) = \exp(\log 4 - 1) = e^{\log 4} \cdot e^{-1} = 4 \cdot \frac{1}{e} = \frac{4}{e}$.
આમ,સાચો વિકલ્પ $C$ છે.

(C, D) $I_{1}=\int_{-2}^{2} \frac{dx}{4+x^{2}}$ માટે,સંકલ્ય ધન છે,તેથી $I_{1} > 0$ થાય.
જો આપણે $x=\frac{1}{t}$ આદેશ લઈએ,તો $dx = -\frac{1}{t^{2}} dt$ થાય. સીમાઓ $x=-2$ થી $t=-1/2$ અને $x=2$ થી $t=1/2$ માં બદલાય છે.
$I_{1} = \int_{-1/2}^{1/2} \frac{-dt/t^{2}}{4+1/t^{2}} = \int_{-1/2}^{1/2} \frac{-dt}{4t^{2}+1}$. સંકલ્ય ધન હોવાથી સંકલન ધન હોવું જોઈએ,પરંતુ આ આદેશથી ઋણ કિંમત મળે છે,જે $t=0$ આગળ $1/t$ ની અસતતતાને કારણે ખોટું છે. તેથી,આ શક્ય નથી.
$I_{2}=\int_{0}^{1} \sqrt{x^{2}+1} dx$ માટે,જો આપણે $x=\operatorname{cosec} \theta$ લઈએ,તો $\operatorname{cosec} \theta \in (-\infty, -1] \cup [1, \infty)$ થાય. $x \in (0, 1)$ હોવાથી,$x$ નો વિસ્તાર $\operatorname{cosec} \theta$ ના વિસ્તાર સાથે મળતો નથી. તેથી,આ શક્ય નથી.
આમ,વિકલ્પો $C$ અને $D$ સાચા છે.

(B) આપેલ છે કે $2^{1-a} + 2^{1+a}$,$f(a)$,અને $3^a + 3^{-a}$ એ $A$.$P$. માં છે,તેથી $2f(a) = (2^{1-a} + 2^{1+a}) + (3^a + 3^{-a})$.
$AM$-$GM$ અસમતાનો ઉપયોગ કરતા,$2^{1-a} + 2^{1+a} = 2(2^{-a} + 2^a) \geq 2(2) = 4$ અને $3^a + 3^{-a} \geq 2$. બંને $a=0$ પર તેમની ન્યૂનતમ કિંમત પ્રાપ્ત કરે છે.
તેથી,$f(a)$ ની ન્યૂનતમ કિંમત $\alpha = \frac{1}{2}(4 + 2) = 3$ છે.
સંકલન $I = \int_{\log_e(2)}^{\log_e(3)} \frac{dx}{e^{2x} - e^{-2x}} = \int_{\log_e(2)}^{\log_e(3)} \frac{e^{2x} dx}{e^{4x} - 1}$ બને છે.
ધારો કે $t = e^{2x}$,તો $dt = 2e^{2x} dx$,તેથી $e^{2x} dx = \frac{dt}{2}$.
જ્યારે $x = \log_e(2)$,ત્યારે $t = e^{2\log_e(2)} = 4$. જ્યારે $x = \log_e(3)$,ત્યારે $t = e^{2\log_e(3)} = 9$.
$I = \frac{1}{2} \int_{4}^{9} \frac{dt}{t^2 - 1} = \frac{1}{2} \cdot \frac{1}{2} [\log_e|\frac{t-1}{t+1}|]_{4}^{9} = \frac{1}{4} [\log_e(\frac{8}{10}) - \log_e(\frac{3}{5})] = \frac{1}{4} \log_e(\frac{8/10}{3/5}) = \frac{1}{4} \log_e(\frac{4}{3})$.