JEE Main 2024 Physics Question Paper with Answer and Solution in Gujarati

(A) રેખીય વેગમાન સંરક્ષણના નિયમ મુજબ,શરૂઆતમાં ન્યુક્લિયસ સ્થિર હોવાથી,પ્રારંભિક વેગમાન $0$ છે.
ધારો કે બે ન્યુક્લિયસના દળ $m_1$ અને $m_2$ છે અને તેમના વેગ અનુક્રમે $v_1$ અને $v_2$ છે.
$p_i = p_f$
$0 = m_1 v_1 + m_2 v_2$
$m_1 v_1 = -m_2 v_2$
ઝડપના મૂલ્ય લેતા,આપણને મળે છે $m_1 |v_1| = m_2 |v_2|$,જેનો અર્થ છે કે $\frac{|v_1|}{|v_2|} = \frac{m_2}{m_1}$.
આપેલ દળનો ગુણોત્તર $\frac{m_1}{m_2} = \frac{2}{1}$ હોવાથી,ઝડપના ગુણોત્તરમાં કિંમત મૂકતા:
$\frac{|v_1|}{|v_2|} = \frac{1}{2}$.
ઋણ નિશાની દર્શાવે છે કે ન્યુક્લિયસ વિરુદ્ધ દિશામાં ગતિ કરે છે.
તેથી,તેઓ $1:2$ ના ગુણોત્તરમાં ઝડપ સાથે વિરુદ્ધ દિશામાં ગતિ કરશે.

(C) બે બહિર્ગોળ લેન્સમાંથી પસાર થયા પછી કિરણો મુખ્ય અક્ષને સમાંતર બહાર નીકળે તે માટે,પ્રથમ લેન્સ દ્વારા રચાયેલી મધ્યવર્તી છબી બીજા લેન્સના મુખ્ય કેન્દ્ર પર હોવી જોઈએ.
આપાત કિરણો મુખ્ય અક્ષને સમાંતર હોવાથી,તેઓ પ્રથમ લેન્સ $L_1$ ના મુખ્ય કેન્દ્ર પર $f_1 = 10 \,cm$ ના અંતરે કેન્દ્રિત થાય છે.
આ કિરણો બીજા લેન્સ $L_2$ માંથી સમાંતર બહાર નીકળે તે માટે,આ મુખ્ય કેન્દ્ર એ બીજા લેન્સ $L_2$ નું પણ મુખ્ય કેન્દ્ર હોવું જોઈએ. તેથી,બંને લેન્સ વચ્ચેનું અંતર $d = f_1 + f_2$ હોવું જોઈએ.
અહીં $f_1 = 10 \,cm$ અને $f_2 = 15 \,cm$ આપેલ છે,તેથી અંતર $d = 10 \,cm + 15 \,cm = 25 \,cm$ થાય.

(D) હાઇડ્રોજન પરમાણુની ગ્રાઉન્ડ સ્ટેટની ઊર્જા $E_1 = -13.6 \ eV$ છે.
જ્યારે $10.2 \ eV$ ઊર્જા આપવામાં આવે છે,ત્યારે નવું ઊર્જા સ્તર $E_n = E_1 + 10.2 \ eV = -13.6 \ eV + 10.2 \ eV = -3.4 \ eV$ થાય છે.
$E_n = -13.6/n^2 \ eV$ હોવાથી,$-3.4 = -13.6/n^2$,જે આપણને $n^2 = 4$ આપે છે,તેથી $n = 2$.
ઇલેક્ટ્રોન પ્રથમ ઉત્તેજિત અવસ્થા $(n = 2)$ માં જાય છે.
જ્યારે ઇલેક્ટ્રોન $n$ અવસ્થામાંથી ગ્રાઉન્ડ સ્ટેટમાં સંક્રમણ કરે ત્યારે ઉત્સર્જિત થતી વર્ણપટ રેખાઓની સંખ્યા $N = n(n-1)/2$ સૂત્ર દ્વારા મળે છે.
$n = 2$ માટે,$N = 2(2-1)/2 = 1$.
તેથી,માત્ર $1$ વર્ણપટ રેખા ઉત્સર્જિત થશે.

(D) વિદ્યુતક્ષેત્રના કંપવિસ્તાર $E_0$ અને ચુંબકીય ક્ષેત્રના કંપવિસ્તાર $B_0$ વચ્ચેનો સંબંધ $E_0 = B_0 c$ છે,જ્યાં $c$ એ શૂન્યાવકાશમાં પ્રકાશની ઝડપ છે $(c \approx 3 \times 10^8 \ ms^{-1})$.
અહીં $B_0 = 3.5 \times 10^{-7} \ T$ આપેલ છે,તેથી $E_0 = (3.5 \times 10^{-7}) \times (3 \times 10^8) = 105 \ Vm^{-1}$ મળે છે.
તરંગ ઋણ $x$-દિશામાં પ્રસરણ પામે છે (જે $+kx$ પદ દ્વારા સૂચિત થાય છે). ચુંબકીય ક્ષેત્ર $y$-દિશામાં છે $(B_y)$. વિદ્યુતક્ષેત્ર,ચુંબકીય ક્ષેત્ર અને તરંગ પ્રસરણની દિશા પરસ્પર લંબ હોવાથી,વિદ્યુતક્ષેત્ર $z$-દિશામાં હોવું જોઈએ $(E_z)$.
આમ,વિદ્યુતક્ષેત્ર $E_z = 105 \sin (1.5 \times 10^3 x + 0.5 \times 10^{11} t) \ Vm^{-1}$ થશે.

$(C)$ ચોરસ લૂપની બાજુની લંબાઈ $L = 15 \ cm = 0.15 \ m$ છે.
લૂપની ઝડપ $v = 2 \ cm/s = 0.02 \ m/s$ છે.
ચુંબકીય ક્ષેત્રની પહોળાઈ $W = 50 \ cm = 0.5 \ m$ છે.
$t=0$ સમયે, આગળની ધાર ચુંબકીય ક્ષેત્રમાં પ્રવેશે છે.
આખો લૂપ ચુંબકીય ક્ષેત્રમાં પ્રવેશવા માટે લાગતો સમય $t_{in} = \frac{L}{v} = \frac{15 \ cm}{2 \ cm/s} = 7.5 \ s$ છે.
$t = 7.5 \ s$ સમયે, આખો લૂપ ચુંબકીય ક્ષેત્રની અંદર છે.
જ્યાં સુધી પાછળની ધાર ચુંબકીય ક્ષેત્રની સીમા સુધી ન પહોંચે ત્યાં સુધી લૂપ સંપૂર્ણપણે ચુંબકીય ક્ષેત્રની અંદર રહેશે.
પાછળની ધારને ચુંબકીય ક્ષેત્ર સુધી પહોંચવા માટે લાગતો સમય $t_{out} = \frac{W}{v} = \frac{50 \ cm}{2 \ cm/s} = 25 \ s$ છે.
કારણ કે $t = 10 \ s$ એ $7.5 \ s$ અને $25 \ s$ ની વચ્ચે આવે છે, તેથી આખો લૂપ ચુંબકીય ક્ષેત્રના વિસ્તારની અંદર છે.
જ્યારે આખો લૂપ સમાન ચુંબકીય ક્ષેત્રની અંદર હોય, ત્યારે લૂપ સાથે સંકળાયેલ ચુંબકીય ફ્લક્સ $\phi$ અચળ રહે છે.
ફેરાડેના વિદ્યુતચુંબકીય પ્રેરણના નિયમ મુજબ, પ્રેરિત emf $e = -\frac{d\phi}{dt}$ છે.
કારણ કે $\phi$ અચળ છે, તેથી $\frac{d\phi}{dt} = 0$, તેથી $e = 0$.

(C) આપેલ $I-V$ લાક્ષણિકતા વક્ર રિવર્સ બાયસ વિસ્તારમાં ચોક્કસ વોલ્ટેજ પર તીવ્ર બ્રેકડાઉન દર્શાવે છે.
આ વર્તણૂક ઝેનર ડાયોડની લાક્ષણિકતા છે.
ઝેનર ડાયોડ ખાસ કરીને રિવર્સ બ્રેકડાઉન વિસ્તારમાં નુકસાન પામ્યા વિના કાર્ય કરવા માટે બનાવવામાં આવે છે.
આ ગુણધર્મને કારણે,તેનો ઉપયોગ વોલ્ટેજ રેગ્યુલેટર તરીકે વ્યાપકપણે થાય છે,જેથી ઇનપુટ વોલ્ટેજ અથવા લોડ કરંટમાં ફેરફાર હોવા છતાં લોડ પર સતત આઉટપુટ વોલ્ટેજ જાળવી શકાય.

(B) આડા અક્ષની સાપેક્ષે પરિપથની સંમિતિને કારણે, ઉપરના અને નીચેના નોડ પરનું વિદ્યુતસ્થિતિમાન સમાન છે. તેથી, ઊભા અવરોધોમાંથી કોઈ પ્રવાહ વહેતો નથી, અને તેમને દૂર કરી શકાય છે.
ઊભા અવરોધોને દૂર કર્યા પછી, પરિપથ બે કેન્દ્રીય નોડ વચ્ચે ત્રણ સમાંતર શાખાઓમાં સરળ બને છે, જેમાં દરેકનો અવરોધ $R + R = 2R$ છે।
આ ત્રણ સમાંતર શાખાઓનો સમતુલ્ય અવરોધ $\frac{1}{R_{eq, parallel}} = \frac{1}{2R} + \frac{1}{2R} + \frac{1}{2R} = \frac{3}{2R}$ દ્વારા આપવામાં આવે છે, જે $R_{eq, parallel} = \frac{2R}{3}$ આપે છે.
અંતે, આ સમતુલ્ય અવરોધ ટર્મિનલ $A$ અને $B$ સાથે જોડાયેલા બે અવરોધો સાથે શ્રેણીમાં છે. તેથી, કુલ અસરકારક અવરોધ $R_{total} = R + \frac{2R}{3} + R = 2R + \frac{2R}{3} = \frac{8R}{3}$ છે.

(B) ગોસના નિયમ મુજબ,બંધ સપાટીમાંથી પસાર થતું વિદ્યુત ફ્લક્સ $\phi = \frac{q_{\text{in}}}{\epsilon_0}$ દ્વારા આપવામાં આવે છે,જ્યાં $q_{\text{in}}$ એ સપાટી દ્વારા ઘેરાયેલો કુલ વિદ્યુતભાર છે.
આકૃતિ પરથી,સપાટી $S$ દ્વારા ઘેરાયેલા વિદ્યુતભારો $+q, +5q$ અને $-2q$ છે.
વિદ્યુતભારો $+3q$ અને $-4q$ સપાટી $S$ ની બહાર છે,તેથી તેઓ સપાટીમાંથી પસાર થતા વિદ્યુત ફ્લક્સમાં ફાળો આપતા નથી.
તેથી,કુલ ઘેરાયેલો વિદ્યુતભાર $q_{\text{in}} = (+q) + (+5q) + (-2q) = 4q$ થાય.
આ કિંમત ગોસના નિયમમાં મૂકતા,આપણને $\phi = \frac{4q}{\epsilon_0}$ મળે છે.

(C) સમાન ચુંબકીય ક્ષેત્રમાં,વિદ્યુતભારિત કણના વર્તુળાકાર પથની ત્રિજ્યા $R$ નીચે મુજબ આપવામાં આવે છે:
$R = \frac{mv}{qB} = \frac{\sqrt{2m(K.E.)}}{qB}$
અહીં બંને કણો સમાન ગતિઊર્જા $(K.E.)$ ધરાવે છે અને સમાન ચુંબકીય ક્ષેત્ર $(B)$ માં ગતિ કરે છે,તેથી:
$R \propto \frac{\sqrt{m}}{q}$
પ્રોટોન માટે,$m_p = m$ અને $q_p = e$. ડ્યુટેરોન માટે,$m_d = 2m$ અને $q_d = e$.
ત્રિજ્યાઓનો ગુણોત્તર:
$\frac{r_d}{r_p} = \frac{\sqrt{m_d}/q_d}{\sqrt{m_p}/q_p} = \sqrt{\frac{m_d}{m_p}} \times \frac{q_p}{q_d}$
કિંમતો મૂકતા:
$\frac{r_d}{r_p} = \sqrt{\frac{2m}{m}} \times \frac{e}{e} = \sqrt{2} \times 1 = \sqrt{2}$
તેથી,$r_d : r_p$ નો ગુણોત્તર $\sqrt{2} : 1$ છે.

(B) આઈન્સ્ટાઈનના ફોટોઈલેક્ટ્રિક સમીકરણ મુજબ,આપાત ફોટોનની ઊર્જા એ ધાતુના વર્ક ફંક્શન અને ઉત્સર્જિત ફોટોઈલેક્ટ્રોનની મહત્તમ ગતિઊર્જાના સરવાળા જેટલી હોય છે.
$E_{\text{photon}} = \Phi + K.E_{\max}$
આપેલ છે:
આપાત ફોટોનની ઊર્જા $(E_{\text{photon}})$ = $4.13 eV$
વર્ક ફંક્શન $(\Phi)$ = $3.13 eV$
આ કિંમતોને સમીકરણમાં મૂકતા:
$4.13 eV = 3.13 eV + K.E_{\max}$
$K.E_{\max} = 4.13 eV - 3.13 eV$
$K.E_{\max} = 1 eV$
તેથી,ઉત્સર્જિત ફોટોઈલેક્ટ્રોનની મહત્તમ ગતિઊર્જા $1 eV$ છે.

(C) સંલયન પ્રક્રિયામાં,$4$ હાઇડ્રોજન ન્યુક્લિયસ $26.7 \ MeV$ ઉર્જા મુક્ત કરે છે.
પ્રતિ હાઇડ્રોજન ન્યુક્લિયસ મુક્ત થતી ઉર્જા $= \frac{26.7}{4} \ MeV$.
$2 \ kg$ માં હાઇડ્રોજન ન્યુક્લિયસની સંખ્યા $= \frac{2000 \ g}{1 \ g/mol} \times N_{A} = 2000 \ N_{A}$.
કુલ ઉર્જા $E_{H} = 2000 \ N_{A} \times \frac{26.7}{4} \ MeV = 500 \times 26.7 \ N_{A} \ MeV = 13350 \ N_{A} \ MeV$.
વિખંડન પ્રક્રિયામાં,${ }^{235} U$ નું $1$ ન્યુક્લિયસ $200 \ MeV$ ઉર્જા મુક્ત કરે છે.
$2 \ kg$ માં યુરેનિયમ ન્યુક્લિયસની સંખ્યા $= \frac{2000 \ g}{235 \ g/mol} \times N_{A} = \frac{2000}{235} \ N_{A}$.
કુલ ઉર્જા $E_{U} = \frac{2000}{235} \ N_{A} \times 200 \ MeV = \frac{400000}{235} \ N_{A} \ MeV \approx 1702.13 \ N_{A} \ MeV$.
ગુણોત્તર $\frac{E_{H}}{E_{U}} = \frac{13350 \ N_{A}}{1702.13 \ N_{A}} \approx 7.84$.
આપેલા વિકલ્પો મુજબ,નજીકની કિંમત $7.62$ છે.

(A) આપેલ સર્કિટમાં એક $AND$ ગેટ,બે $NOT$ ગેટ,બીજો એક $AND$ ગેટ અને એક $NOR$ ગેટનો સમાવેશ થાય છે.
ધારો કે ઇનપુટ $A$ અને $B$ છે. પ્રથમ $AND$ ગેટનું આઉટપુટ $A \cdot B$ છે.
બીજા $AND$ ગેટના ઇનપુટ $\bar{A}$ અને $\bar{B}$ છે,તેથી તેનું આઉટપુટ $\bar{A} \cdot \bar{B}$ છે.
આ બંને આઉટપુટ $NOR$ ગેટમાં જાય છે,તેથી અંતિમ આઉટપુટ $E = \overline{(A \cdot B) + (\bar{A} \cdot \bar{B})}$ થાય.
$X$ માટે: $A = 0, B = 1$.
$E = \overline{(0 \cdot 1) + (\bar{0} \cdot \bar{1})} = \overline{0 + (1 \cdot 0)} = \overline{0 + 0} = \overline{0} = 1$. તેથી,$X = 1$.
$Y$ માટે: $A = 1, B = 0$.
$E = \overline{(1 \cdot 0) + (\bar{1} \cdot \bar{0})} = \overline{0 + (0 \cdot 1)} = \overline{0 + 0} = \overline{0} = 1$. તેથી,$Y = 1$.
આમ,$X$ અને $Y$ ના મૂલ્યો $1, 1$ છે.

(A) ધારો કે ચુંબકીય પટ્ટીની ધ્રુવ પ્રબળતા $m$ છે અને તેની લંબાઈ $\ell$ છે. પ્રારંભિક ચુંબકીય મોમેન્ટ $M_1 = m \ell = 44 \text{ Am}^2$ છે.
જ્યારે પટ્ટીને $R$ ત્રિજ્યાના અર્ધવર્તુળમાં વાળવામાં આવે છે,ત્યારે પટ્ટીની લંબાઈ અર્ધવર્તુળની ચાપની લંબાઈ બને છે,તેથી $\ell = \pi R$,જેનો અર્થ છે કે $R = \frac{\ell}{\pi}$.
નવી ચુંબકીય મોમેન્ટ $M_2$ એ ધ્રુવ પ્રબળતા અને ધ્રુવો વચ્ચેના સીધા અંતર (અર્ધવર્તુળનો વ્યાસ) નો ગુણાકાર છે,જે $2R$ છે.
$M_2 = m \times (2R) = m \times \left( \frac{2\ell}{\pi} \right) = \frac{2}{\pi} (m \ell)$.
આપેલ કિંમતો મૂકતા: $M_2 = \frac{2}{\pi} \times 44 = \frac{2}{(22/7)} \times 44 = \frac{2 \times 7}{22} \times 44 = \frac{14}{22} \times 44 = 14 \times 2 = 28 \text{ Am}^2$.

(C) આપેલ છે:
કેપેસિટરનો રિએક્ટન્સ $X_C = 4 \sqrt{3} \Omega$
અવરોધ $R = 4 \Omega$
પીક વોલ્ટેજ $V_0 = 8 \sqrt{2} \text{ V}$
પગલું $1$: $RC$ પરિપથનો ઈમ્પીડન્સ $Z$ શોધો.
$Z = \sqrt{R^2 + X_C^2}$
$Z = \sqrt{4^2 + (4 \sqrt{3})^2} = \sqrt{16 + 16 \times 3} = \sqrt{16 + 48} = \sqrt{64} = 8 \Omega$
પગલું $2$: $RMS$ વોલ્ટેજ $V_{\text{rms}}$ શોધો.
$V_{\text{rms}} = \frac{V_0}{\sqrt{2}} = \frac{8 \sqrt{2}}{\sqrt{2}} = 8 \text{ V}$
પગલું $3$: $RMS$ પ્રવાહ $I_{\text{rms}}$ શોધો.
$I_{\text{rms}} = \frac{V_{\text{rms}}}{Z} = \frac{8}{8} = 1 \text{ A}$
પગલું $4$: પાવરનો વ્યય $P$ શોધો.
પાવરનો વ્યય માત્ર રઝિસ્ટરમાં થાય છે.
$P = I_{\text{rms}}^2 \times R = (1)^2 \times 4 = 4 \text{ W}$

(D) આપેલ છે,વિદ્યુતક્ષેત્ર $\overrightarrow{E} = 2x\hat{i} \text{ NC}^{-1}$.
સમઘન $x = 2 \text{ m}$ અને $x = 4 \text{ m}$ ની વચ્ચે મૂકવામાં આવ્યો છે. સમઘનની બાજુની લંબાઈ $a = 2 \text{ m}$ છે,તેથી દરેક સપાટીનું ક્ષેત્રફળ $A = a^2 = (2)^2 = 4 \text{ m}^2$ થાય.
વિદ્યુત ફ્લક્સ $\phi = \int \overrightarrow{E} \cdot d\overrightarrow{A}$ દ્વારા આપવામાં આવે છે.
$x = 2 \text{ m}$ પરની ડાબી સપાટી માટે,ક્ષેત્રફળ સદિશ $\overrightarrow{A}_1 = -4\hat{i} \text{ m}^2$ અને $\overrightarrow{E}_1 = 2(2)\hat{i} = 4\hat{i} \text{ NC}^{-1}$ છે.
$\phi_{\text{in}} = \overrightarrow{E}_1 \cdot \overrightarrow{A}_1 = (4\hat{i}) \cdot (-4\hat{i}) = -16 \text{ Nm}^2 \text{C}^{-1}$.
$x = 4 \text{ m}$ પરની જમણી સપાટી માટે,ક્ષેત્રફળ સદિશ $\overrightarrow{A}_2 = 4\hat{i} \text{ m}^2$ અને $\overrightarrow{E}_2 = 2(4)\hat{i} = 8\hat{i} \text{ NC}^{-1}$ છે.
$\phi_{\text{out}} = \overrightarrow{E}_2 \cdot \overrightarrow{A}_2 = (8\hat{i}) \cdot (4\hat{i}) = 32 \text{ Nm}^2 \text{C}^{-1}$.
સમઘનમાંથી પસાર થતું કુલ વિદ્યુત ફ્લક્સ $\phi_{\text{net}} = \phi_{\text{in}} + \phi_{\text{out}} = -16 + 32 = 16 \text{ Nm}^2 \text{C}^{-1}$ થાય.

(B) સર્કિટ ડાયાગ્રામ પરથી,વોલ્ટમીટર $10 \text{ k}\Omega$ ના અવરોધ અને અવરોધ $R$ સાથે સમાંતરમાં જોડાયેલ છે. વોલ્ટમીટર $R$ અને $10 \text{ k}\Omega$ ના સમાંતર જોડાણ પરનો વોલ્ટેજ માપે છે. ધારો કે $R_p$ એ $R$ અને $10 \text{ k}\Omega$ ના સમાંતર જોડાણનો સમતુલ્ય અવરોધ છે.
$R_p = \frac{R \times 10^4}{R + 10^4}$
$V-I$ ગ્રાફ પરથી,આપણે કોઈપણ બિંદુ લઈ શકીએ છીએ,ઉદાહરણ તરીકે,$V = 4 \text{ V}$ અને $I = 2 \text{ mA} = 2 \times 10^{-3} \text{ A}$.
ઓમના નિયમનો ઉપયોગ કરતા,$V = I R_p$,તેથી $R_p = \frac{V}{I} = \frac{4}{2 \times 10^{-3}} = 2000 \text{ } \Omega$.
હવે,$R_p$ માટેના બંને સમીકરણોને સરખાવતા:
$2000 = \frac{R \times 10^4}{R + 10^4}$
$2000(R + 10000) = 10000R$
$2000R + 2 \times 10^7 = 10000R$
$8000R = 2 \times 10^7$
$R = \frac{20000000}{8000} = 2500 \text{ } \Omega$.

(D) $t$ જાડાઈ અને $\mu$ વક્રીભવનાંક ધરાવતી કાચની પ્લેટ દાખલ કરવાને કારણે મધ્યસ્થ અધિકતમમાં થતું સ્થાનાંતર નીચેના સૂત્ર દ્વારા આપવામાં આવે છે: $\Delta x = \frac{(\mu - 1) t D}{d}$.
આપેલ છે કે મધ્યસ્થ અધિકતમ $4^{th}$ પ્રકાશિત શલાકાની સ્થિતિ પર સ્થાનાંતરિત થાય છે, તેથી સ્થાનાંતર એ $4^{th}$ પ્રકાશિત શલાકાના પથ તફાવત જેટલું છે, જે $4\lambda$ છે.
કાચની પ્લેટ દ્વારા દાખલ કરવામાં આવેલ પથ તફાવતને સ્થાનાંતર સાથે સરખાવતા: $(\mu - 1) t = n \lambda$.
આપેલ કિંમતો મૂકતા: $(1.5 - 1) t = 4 \times 500 \, nm$.
$0.5 \times t = 2000 \, nm$.
$t = 4000 \, nm$.
$1 \, \mu m = 1000 \, nm$ હોવાથી, આપણને $t = 4 \, \mu m$ મળે છે.

(B) કોઈપણ તાપમાન $T$ પર વાહકનો અવરોધ નીચેના સૂત્ર દ્વારા આપવામાં આવે છે: $R = R_0(1 + \alpha \Delta T)$.
અહીં,$T_0 = 27^{\circ} C$ પર $R_0 = 50 \Omega$,$R = 62 \Omega$,અને $\alpha = 2.4 \times 10^{-4} { }^{\circ} C^{-1}$ છે.
સમીકરણમાં કિંમતો મૂકતા:
$62 = 50(1 + 2.4 \times 10^{-4} \Delta T)$
$1.24 = 1 + 2.4 \times 10^{-4} \Delta T$
$0.24 = 2.4 \times 10^{-4} \Delta T$
$\Delta T = \frac{0.24}{2.4 \times 10^{-4}} = 1000^{\circ} C$.
કારણ કે $\Delta T = T - T_0$,તેથી $T = T_0 + \Delta T = 27^{\circ} C + 1000^{\circ} C = 1027^{\circ} C$.