TS EAMCET 2012 Chemistry Question Paper with Answer and Solution in Hindi

(A) हम जानते हैं कि त्रिभुज का क्षेत्रफल $\Delta = \frac{1}{2} \times \text{आधार} \times \text{शीर्षलंब}$ होता है।
अतः,$\Delta = \frac{1}{2} a \alpha = \frac{1}{2} b \beta = \frac{1}{2} c \gamma$.
इसका अर्थ है $\alpha = \frac{2 \Delta}{a}$,$\beta = \frac{2 \Delta}{b}$,और $\gamma = \frac{2 \Delta}{c}$.
इन मानों को व्यंजक में रखने पर:
$\frac{\Delta^2}{R^2}\left(\frac{1}{\alpha^2}+\frac{1}{\beta^2}+\frac{1}{\gamma^2}\right) = \frac{\Delta^2}{R^2}\left(\frac{a^2}{4 \Delta^2}+\frac{b^2}{4 \Delta^2}+\frac{c^2}{4 \Delta^2}\right)$
$= \frac{\Delta^2}{R^2} \cdot \frac{1}{4 \Delta^2} (a^2 + b^2 + c^2) = \frac{a^2 + b^2 + c^2}{4 R^2}$.
ज्या नियम (sine rule) के अनुसार,$a = 2R \sin A$,$b = 2R \sin B$,और $c = 2R \sin C$.
इसलिए,$\frac{(2R \sin A)^2 + (2R \sin B)^2 + (2R \sin C)^2}{4 R^2} = \frac{4 R^2 (\sin^2 A + \sin^2 B + \sin^2 C)}{4 R^2} = \sin^2 A + \sin^2 B + \sin^2 C$.

(C) $\triangle ABC$ में,$A + B + C = 180^{\circ}$ होता है।
$A + B = 180^{\circ} - C$.
दोनों पक्षों में $\cot$ लेने पर: $\cot(A + B) = \cot(180^{\circ} - C)$.
$\cot(A + B) = \frac{\cot A \cot B - 1}{\cot A + \cot B}$ और $\cot(180^{\circ} - C) = -\cot C$ सूत्र का उपयोग करने पर:
$\frac{\cot A \cot B - 1}{\cot A + \cot B} = -\cot C$.
$\cot A \cot B - 1 = -\cot C(\cot A + \cot B)$.
$\cot A \cot B - 1 = -\cot C \cot A - \cot C \cot B$.
पदों को व्यवस्थित करने पर,हमें प्राप्त होता है:
$\cot A \cot B + \cot B \cot C + \cot C \cot A = 1$.

(C) दिया गया बिंदु $P(3,2)$ है।
$(i)$ रेखा $y=x$ के सापेक्ष बिंदु $(3,2)$ का परावर्तन $(2,3)$ होता है।
(ii) बिंदु $(2,3)$ का $x$-अक्ष की धनात्मक दिशा में $1$ इकाई स्थानांतरण $(2+1, 3) = (3,3)$ होता है।
(iii) बिंदु $(x,y) = (3,3)$ का मूल बिंदु के परितः वामावर्त दिशा में $\theta = \frac{\pi}{4}$ कोण पर घूर्णन निम्न प्रकार है:
$X = x \cos \theta - y \sin \theta = 3 \cos(\frac{\pi}{4}) - 3 \sin(\frac{\pi}{4}) = 3(\frac{1}{\sqrt{2}}) - 3(\frac{1}{\sqrt{2}}) = 0$
$Y = x \sin \theta + y \cos \theta = 3 \sin(\frac{\pi}{4}) + 3 \cos(\frac{\pi}{4}) = 3(\frac{1}{\sqrt{2}}) + 3(\frac{1}{\sqrt{2}}) = \frac{6}{\sqrt{2}} = 3\sqrt{2} = \sqrt{18}$
अतः,अंतिम स्थिति $(0, \sqrt{18})$ है।

(B) माना कि अभीष्ट रेखा का समीकरण $y-2=m(x-1)$ है।
दिया गया है कि इस रेखा और $y=2x+1$ के बीच का कोण $45^{\circ}$ है।
दी गई रेखा की ढाल $m_1=2$ है और अभीष्ट रेखा की ढाल $m_2=m$ है।
सूत्र $\tan \theta = \left| \frac{m_2-m_1}{1+m_1m_2} \right|$ का उपयोग करने पर:
$\tan 45^{\circ} = \left| \frac{m-2}{1+2m} \right|$
$1 = \left| \frac{m-2}{1+2m} \right|$
इससे दो स्थितियाँ प्राप्त होती हैं:
स्थिति $1$: $\frac{m-2}{1+2m} = 1$ $\Rightarrow m-2 = 1+2m$ $\Rightarrow m = -3$.
समीकरण $y-2 = -3(x-1)$ $\Rightarrow y-2 = -3x+3$ $\Rightarrow 3x+y=5$ प्राप्त होता है।
स्थिति $2$: $\frac{m-2}{1+2m} = -1$ $\Rightarrow m-2 = -1-2m$ $\Rightarrow 3m = 1$ $\Rightarrow m = \frac{1}{3}$.
समीकरण $y-2 = \frac{1}{3}(x-1)$ $\Rightarrow 3y-6 = x-1$ $\Rightarrow x-3y+5=0$ प्राप्त होता है।
दिए गए विकल्पों से तुलना करने पर,$3x+y=5$ सही विकल्प है।

(C) दिया गया समीकरण $(x+7y)^2 + 4\sqrt{2}(x+7y) - 42 = 0$ है।
माना $t = x+7y$।
समीकरण $t^2 + 4\sqrt{2}t - 42 = 0$ हो जाता है।
द्विघात सूत्र का उपयोग करने पर,$t = 3\sqrt{2}$ या $t = -7\sqrt{2}$ प्राप्त होता है।
अतः,दो समांतर रेखाएँ $x+7y - 3\sqrt{2} = 0$ और $x+7y + 7\sqrt{2} = 0$ हैं।
समांतर रेखाओं के बीच की दूरी $d = \frac{|C_1 - C_2|}{\sqrt{A^2 + B^2}}$ सूत्र द्वारा दी जाती है।
$d = \frac{|7\sqrt{2} - (-3\sqrt{2})|}{\sqrt{1^2 + 7^2}} = \frac{10\sqrt{2}}{5\sqrt{2}} = 2$.

(B) मान लीजिए कि दो परस्पर लंबवत रेखाएँ निर्देशांक अक्ष $x=0$ और $y=0$ हैं।
मान लीजिए बिंदु $(x, y)$ है। इन रेखाओं से दूरियाँ $|x|$ और $|y|$ हैं।
दी गई शर्त $|x| + |y| = 5$ है।
यह समीकरण $(5, 0), (0, 5), (-5, 0),$ और $(0, -5)$ शीर्षों वाला एक वर्ग दर्शाता है।
इस वर्ग के विकर्ण की लंबाई $(5, 0)$ और $(0, 5)$ के बीच की दूरी है,जो $\sqrt{(5-0)^2 + (0-5)^2} = \sqrt{25 + 25} = \sqrt{50} = 5\sqrt{2}$ है।
विकर्ण $d$ वाले वर्ग का क्षेत्रफल $\frac{1}{2} d^2$ द्वारा दिया जाता है।
क्षेत्रफल $= \frac{1}{2} \times (5\sqrt{2})^2 = \frac{1}{2} \times 50 = 25$ वर्ग इकाई।

(D) वृत्त का दिया गया समीकरण $r = 12 \cos \theta + 5 \sin \theta$ है।
$x = r \cos \theta$ और $y = r \sin \theta$ प्रतिस्थापन का उपयोग करते हुए,समीकरण को $r$ से गुणा करने पर $r^2 = 12(r \cos \theta) + 5(r \sin \theta)$ प्राप्त होता है।
$r^2 = x^2 + y^2$ रखने पर,हमें $x^2 + y^2 = 12x + 5y$ प्राप्त होता है।
पदों को पुनर्व्यवस्थित करने पर,$x^2 - 12x + y^2 - 5y = 0$।
$x$ और $y$ के लिए पूर्ण वर्ग बनाने पर: $(x - 6)^2 - 36 + (y - \frac{5}{2})^2 - \frac{25}{4} = 0$।
यह सरल होकर $(x - 6)^2 + (y - \frac{5}{2})^2 = 36 + \frac{25}{4} = \frac{144 + 25}{4} = \frac{169}{4}$ हो जाता है।
इसे मानक रूप $(x - h)^2 + (y - k)^2 = R^2$ से तुलना करने पर,त्रिज्या $R = \sqrt{\frac{169}{4}} = \frac{13}{2}$ है।

(D) वृत्त का दिया गया समीकरण $x^2+y^2-4x-2y+c=0$ है जिसका केंद्र $A(2,1)$ है।
सबसे पहले,हम दूरी $AP$ की गणना करते हैं:
$AP = \sqrt{(10-2)^2 + (7-1)^2} = \sqrt{8^2 + 6^2} = \sqrt{64+36} = \sqrt{100} = 10$.
चूंकि $Q$ रेखाखंड $PA$ पर स्थित है और $PQ=5$ है,इसलिए दूरी $AQ$ होगी:
$AQ = AP - PQ = 10 - 5 = 5$.
चूंकि $AQ$ वृत्त की त्रिज्या है,इसलिए त्रिज्या $r = 5$.
वृत्त का समीकरण $(x-h)^2 + (y-k)^2 = r^2$ होता है,जहाँ $(h,k)$ केंद्र है।
मान रखने पर,$(x-2)^2 + (y-1)^2 = 5^2$.
इसका विस्तार करने पर,$x^2 - 4x + 4 + y^2 - 2y + 1 = 25$,जो सरल होकर $x^2 + y^2 - 4x - 2y - 20 = 0$ हो जाता है।
दिए गए समीकरण $x^2 + y^2 - 4x - 2y + c = 0$ के साथ तुलना करने पर,हमें $c = -20$ प्राप्त होता है।

(D) रेखा $x+3y=0$ वृत्त पर $(0,0)$ पर स्पर्श रेखा है।
माना वृत्त का केंद्र $(h,k)$ है।
स्पर्श बिंदु $(0,0)$ और केंद्र $(h,k)$ को जोड़ने वाली त्रिज्या स्पर्श रेखा के लंबवत होती है।
स्पर्श रेखा की ढाल $m_1 = -\frac{1}{3}$ है।
त्रिज्या की ढाल $m_2 = \frac{k}{h}$ है।
लंबवत होने के कारण,$m_1 \times m_2 = -1$ $\Rightarrow -\frac{1}{3} \times \frac{k}{h} = -1$ $\Rightarrow k = 3h$.
त्रिज्या $1$ है,इसलिए $\sqrt{h^2+k^2} = 1 \Rightarrow h^2+k^2 = 1$.
$k=3h$ रखने पर,$h^2+(3h)^2 = 1$ $\Rightarrow 10h^2 = 1$ $\Rightarrow h = \pm \frac{1}{\sqrt{10}}$.
अतः,केंद्र $\left(\frac{1}{\sqrt{10}}, \frac{3}{\sqrt{10}}\right)$ या $\left(-\frac{1}{\sqrt{10}}, -\frac{3}{\sqrt{10}}\right)$ हो सकता है।
विकल्पों के अनुसार,सही उत्तर $\left(\frac{1}{\sqrt{10}}, \frac{3}{\sqrt{10}}\right)$ है।

(C) वृत्त का दिया गया समीकरण $x^2+y^2=4$ है।
$x$ के सापेक्ष अवकलन करने पर,$2x + 2y \frac{dy}{dx} = 0$ प्राप्त होता है,जिसका अर्थ है $\frac{dy}{dx} = -\frac{x}{y}$।
बिंदु $(1, \sqrt{3})$ पर स्पर्श रेखा की ढाल $m_t = -\frac{1}{\sqrt{3}}$ है।
$(1, \sqrt{3})$ पर स्पर्श रेखा का समीकरण $y - \sqrt{3} = -\frac{1}{\sqrt{3}}(x - 1)$ है,जो $x + \sqrt{3}y = 4$ में सरल हो जाता है।
यह स्पर्श रेखा धनात्मक $x$-अक्ष को बिंदु $B(4, 0)$ पर काटती है।
$(1, \sqrt{3})$ पर अभिलंब की ढाल $m_n = \sqrt{3}$ है।
$(1, \sqrt{3})$ पर अभिलंब का समीकरण $y - \sqrt{3} = \sqrt{3}(x - 1)$ है,जो $\sqrt{3}x - y = 0$ में सरल हो जाता है।
अभिलंब मूल बिंदु $O(0, 0)$ से होकर गुजरता है।
त्रिभुज बिंदुओं $O(0, 0)$,$B(4, 0)$,और $A(1, \sqrt{3})$ द्वारा बनता है।
$\triangle OAB$ का क्षेत्रफल $\Delta = \frac{1}{2} \times \text{आधार} \times \text{ऊंचाई} = \frac{1}{2} \times OB \times AD$ है,जहाँ $AD$ बिंदु $A$ का $y$-निर्देशांक है।
$\Delta = \frac{1}{2} \times 4 \times \sqrt{3} = 2\sqrt{3}$।

(A) वृत्तों की दी गई समाक्ष प्रणाली $4x^2 + 4y^2 - 12x + 6y - 3 + \lambda(x + 2y - 6) = 0$ है।
$4$ से विभाजित करने पर,$x^2 + y^2 - 3x + \frac{3}{2}y - \frac{3}{4} + \frac{\lambda}{4}(x + 2y - 6) = 0$ प्राप्त होता है।
मूल अक्ष (radical axis) $x + 2y - 6 = 0$ है।
केंद्रों की रेखा मूल अक्ष के लंबवत होती है। चूंकि मूल अक्ष की ढाल $-\frac{1}{2}$ है,इसलिए केंद्रों की रेखा की ढाल $2$ होगी।
अतः,केंद्रों की रेखा का समीकरण $2x - y + k = 0$ के रूप में है।
आधार वृत्त $S_1 = x^2 + y^2 - 3x + \frac{3}{2}y - \frac{3}{4} = 0$ का केंद्र $(\frac{3}{2}, -\frac{3}{4})$ है।
चूंकि यह केंद्र रेखा पर स्थित है,इसलिए $2(\frac{3}{2}) - (-\frac{3}{4}) + k = 0$
$3 + \frac{3}{4} + k = 0$
$k = -\frac{15}{4}$।
समीकरण में $k$ का मान रखने पर,$2x - y - \frac{15}{4} = 0$,अर्थात $8x - 4y - 15 = 0$ प्राप्त होता है।

(B) माना वृत्त का समीकरण $(x-h)^2 + (y-k)^2 = r^2$ है। यह $(3, 4)$ से गुजरता है,इसलिए $(3-h)^2 + (4-k)^2 = r^2$,जो $h^2 + k^2 - 6h - 8k + 25 = r^2$ में सरल हो जाता है।
वृत्त का समीकरण $x^2 + y^2 - 2hx - 2ky + (h^2 + k^2 - r^2) = 0$ है।
चूंकि यह $x^2 + y^2 - a^2 = 0$ को लंबकोणीय काटता है,शर्त $2g_1g_2 + 2f_1f_2 = c_1 + c_2$ के अनुसार $0 = (h^2 + k^2 - r^2) - a^2$ प्राप्त होता है।
अतः,$h^2 + k^2 - r^2 = a^2$।
प्रथम समीकरण में $r^2 = h^2 + k^2 - a^2$ रखने पर: $h^2 + k^2 - 6h - 8k + 25 = h^2 + k^2 - a^2$।
यह $6h + 8k - 25 - a^2 = 0$ में सरल हो जाता है।
केंद्र $(h, k)$ का बिंदुपथ $6x + 8y - (25 + a^2) = 0$ है।
इस रेखा की मूल बिंदु $(0, 0)$ से दूरी $25$ दी गई है।
अतः,$\frac{|-(25 + a^2)|}{\sqrt{6^2 + 8^2}} = 25$।
$\frac{25 + a^2}{10} = 25$।
$25 + a^2 = 250$।
$a^2 = 225$।

(B) परवलय का दिया गया समीकरण $y^2=12x$ है। इसे $y^2=4ax$ से तुलना करने पर,$a=3$ प्राप्त होता है।
परवलय $y^2=4ax$ के $m$ ढाल वाले अभिलंब का समीकरण $y=mx-2am-am^3$ होता है।
दिया गया अभिलंब $x+y=k$ है,जिसे $y=-x+k$ के रूप में लिखा जा सकता है। $y=mx+c$ से तुलना करने पर,$m=-1$ प्राप्त होता है।
$m=-1$ और $a=3$ को अभिलंब के समीकरण में रखने पर:
$y = (-1)x - 2(3)(-1) - 3(-1)^3$
$y = -x + 6 + 3$
$y = -x + 9$
$y=-x+9$ की तुलना $x+y=k$ से करने पर,$k=9$ प्राप्त होता है।
परवलय $y^2=12x$ की नाभि $S(a, 0) = S(3, 0)$ है।
नाभि $(3, 0)$ से रेखा $x+y-9=0$ पर लंब की लंबाई $p$:
$p = \frac{|1(3) + 1(0) - 9|}{\sqrt{1^2 + 1^2}} = \frac{|-6|}{\sqrt{2}} = \frac{6}{\sqrt{2}}$.
अतः,$p^2 = \frac{36}{2} = 18$.
अंत में,$4k - 2p^2$ की गणना करने पर:
$4(9) - 2(18) = 36 - 36 = 0$.

(D) $\left(\frac{x^2}{a}-\frac{b}{x}\right)^{11}$ के विस्तार में सामान्य पद $T_{r+1} = {}^{11}C_r \left(\frac{x^2}{a}\right)^{11-r} \left(-\frac{b}{x}\right)^r = {}^{11}C_r \frac{(-b)^r}{a^{11-r}} x^{22-3r}$ है।
$x^7$ के गुणांक के लिए,$22-3r = 7$ रखने पर,$3r = 15$,अतः $r = 5$ प्राप्त होता है।
गुणांक $C_1 = {}^{11}C_5 \frac{(-b)^5}{a^6} = -{}^{11}C_5 \frac{b^5}{a^6}$ है।
$x^4$ के गुणांक के लिए,$22-3r = 4$ रखने पर,$3r = 18$,अतः $r = 6$ प्राप्त होता है।
गुणांक $C_2 = {}^{11}C_6 \frac{(-b)^6}{a^5} = {}^{11}C_6 \frac{b^6}{a^5}$ है।
दिया गया है कि $C_1 + C_2 = 0$,इसलिए $-{}^{11}C_5 \frac{b^5}{a^6} + {}^{11}C_6 \frac{b^6}{a^5} = 0$ है।
चूंकि ${}^{11}C_5 = {}^{11}C_6$,हम ${}^{11}C_5 \frac{b^5}{a^6}$ से विभाजित कर सकते हैं:
$-1 + \frac{b^6}{a^5} \cdot \frac{a^6}{b^5} = 0$ $\Rightarrow -1 + ab = 0$ $\Rightarrow ab = 1$।

(D) दी गई रेखा $2x + 5y = 12$ है,जिसका अर्थ है $x = \frac{12 - 5y}{2}$.
इसे दीर्घवृत्त के समीकरण $4x^2 + 5y^2 = 20$ में प्रतिस्थापित करने पर:
$4\left(\frac{12 - 5y}{2}\right)^2 + 5y^2 = 20$
$4\left(\frac{144 - 120y + 25y^2}{4}\right) + 5y^2 = 20$
$144 - 120y + 25y^2 + 5y^2 = 20$
$30y^2 - 120y + 124 = 0$
$2$ से भाग देने पर,हमें $15y^2 - 60y + 62 = 0$ प्राप्त होता है।
विविक्तकर $D = b^2 - 4ac = (-60)^2 - 4(15)(62) = 3600 - 3720 = -120$.
चूंकि $D < 0$,रेखा दीर्घवृत्त को किसी भी वास्तविक बिंदु पर प्रतिच्छेद नहीं करती है।
इसलिए,प्रश्न का आधार गलत है क्योंकि कोई प्रतिच्छेदन बिंदु $A$ और $B$ मौजूद नहीं हैं।

(B) दिया गया अतिपरवलय $5 x^2-y^2=5$ है,जिसे मानक रूप $\frac{x^2}{1}-\frac{y^2}{5}=1$ में लिखा जा सकता है।
यहाँ,$a^2=1$ और $b^2=5$ है।
अतिपरवलय की $m$ ढाल वाली स्पर्श रेखा का समीकरण $y=m x \pm \sqrt{a^2 m^2-b^2}$ होता है,जो $y=m x \pm \sqrt{m^2-5}$ हो जाता है।
चूंकि स्पर्श रेखा बिंदु $(2,8)$ से गुजरती है,इसलिए:
$8=2 m \pm \sqrt{m^2-5}$
$(8-2 m)^2 = m^2-5$
$64+4 m^2-32 m = m^2-5$
$3 m^2-32 m+69 = 0$
$(3 m-23)(m-3) = 0$
अतः,$m=3$ या $m=\frac{23}{3}$ है।
$m=3$ के लिए,स्पर्श रेखा का समीकरण $y=3 x \pm \sqrt{3^2-5} \Rightarrow y=3 x \pm 2$ प्राप्त होता है।
इससे $3 x-y+2=0$ या $3 x-y-2=0$ मिलता है।
विकल्पों के अनुसार,$3 x-y+2=0$ सही समीकरण है।

(B) अतिपरवलय का समीकरण $x^2 - 3y^2 = 3$ है,जिसे $\frac{x^2}{3} - \frac{y^2}{1} = 1$ के रूप में लिखा जा सकता है।
बिंदु $(\sqrt{3}, 0)$ पर स्पर्श रेखा का समीकरण $x = \sqrt{3}$ है।
अतिपरवलय के अनंतस्पर्शी $x - \sqrt{3}y = 0$ और $x + \sqrt{3}y = 0$ हैं।
इन रेखाओं के प्रतिच्छेदन बिंदु $(0, 0)$,$(\sqrt{3}, 1)$ और $(\sqrt{3}, -1)$ हैं।
त्रिभुज का क्षेत्रफल $= \frac{1}{2} |x_1(y_2 - y_3) + x_2(y_3 - y_1) + x_3(y_1 - y_2)| = \frac{1}{2} |0 + \sqrt{3}(-1 - 0) + \sqrt{3}(0 - 1)| = \sqrt{3}$ वर्ग इकाई।

(C) हम जानते हैं कि मानक सीमा $\lim _{x \rightarrow \infty} (1 + \frac{a}{x+b})^{x+c} = e^a$ होती है।
दी गई अभिव्यक्ति $\lim _{x \rightarrow \infty} (\frac{x+6}{x+1})^{x+4}$ है।
इसे $\lim _{x \rightarrow \infty} (1 + \frac{x+6}{x+1} - 1)^{x+4} = \lim _{x \rightarrow \infty} (1 + \frac{5}{x+1})^{x+4}$ के रूप में लिखा जा सकता है।
मानक सीमा सूत्र $\lim _{x \rightarrow \infty} (1 + \frac{k}{f(x)})^{g(x)} = e^{\lim _{x \rightarrow \infty} k \cdot \frac{g(x)}{f(x)}}$ का उपयोग करने पर,हमें प्राप्त होता है:
$e^{\lim _{x \rightarrow \infty} 5 \cdot \frac{x+4}{x+1}} = e^{5 \cdot \lim _{x \rightarrow \infty} \frac{1+4/x}{1+1/x}} = e^{5 \cdot 1} = e^5$.

(C) हमारे पास सीमा $L = \lim _{x \rightarrow \infty}\left(\frac{x+6}{x+1}\right)^{x+4}$ है।
चूंकि यह $1^{\infty}$ का एक अनिर्धारित रूप है,हम सूत्र $\lim _{x \rightarrow a} f(x)^{g(x)} = e^{\lim _{x \rightarrow a} (f(x)-1)g(x)}$ का उपयोग करते हैं।
$L = e^{\lim _{x \rightarrow \infty} \left(\frac{x+6}{x+1} - 1\right)(x+4)}$
$L = e^{\lim _{x \rightarrow \infty} \left(\frac{x+6-x-1}{x+1}\right)(x+4)}$
$L = e^{\lim _{x \rightarrow \infty} \frac{5(x+4)}{x+1}}$
$L = e^{\lim _{x \rightarrow \infty} \frac{5x+20}{x+1}}$
अंश और हर को $x$ से विभाजित करने पर:
$L = e^{\lim _{x \rightarrow \infty} \frac{5 + 20/x}{1 + 1/x}}$
जैसे $x \rightarrow \infty$,$1/x \rightarrow 0$,इसलिए:
$L = e^{\frac{5+0}{1+0}} = e^5$.

(B) नियोप्रीन एक संश्लेषित रबर है जो क्लोरोप्रीन के मुक्त मूलक बहुलकीकरण (free radical polymerisation) द्वारा बनता है।
क्लोरोप्रीन को रासायनिक रूप से $2$-क्लोरो-$1,3$-ब्यूटाडाईन के रूप में जाना जाता है।
अभिक्रिया इस प्रकार है:
$n \ CH_2=C(Cl)-CH=CH_2 \xrightarrow{\text{Polymerisation}} [-CH_2-C(Cl)=CH-CH_2-]_n$

(D) दिया गया है,$A=\left[\begin{array}{rr}i & -i \\ -i & i\end{array}\right]$ और $B=\left[\begin{array}{rr}1 & -1 \\ -1 & 1\end{array}\right]$ है।
सबसे पहले,$A^2$ की गणना करें:
$A^2 = \left[\begin{array}{rr}i & -i \\ -i & i\end{array}\right] \left[\begin{array}{rr}i & -i \\ -i & i\end{array}\right] = \left[\begin{array}{rr}i^2+i^2 & -i^2-i^2 \\ -i^2-i^2 & i^2+i^2\end{array}\right] = \left[\begin{array}{rr}-2 & 2 \\ 2 & -2\end{array}\right] = -2B$.
इसके बाद,$B^2$ की गणना करें:
$B^2 = \left[\begin{array}{rr}1 & -1 \\ -1 & 1\end{array}\right] \left[\begin{array}{rr}1 & -1 \\ -1 & 1\end{array}\right] = \left[\begin{array}{rr}2 & -2 \\ -2 & 2\end{array}\right] = 2B$.
अब,$A^8$ की गणना करें:
$A^8 = (A^2)^4 = (-2B)^4 = (-2)^4 B^4 = 16 B^4$.
चूंकि $B^4 = (B^2)^2 = (2B)^2 = 4B^2 = 4(2B) = 8B$.
अतः,$A^8 = 16(8B) = 128B$.

(A) दिया गया है,$f(x) = \left|\begin{array}{ccc} 1 & x & x+1 \\ 2x & x(x-1) & x(x+1) \\ 3x(x-1) & x(x-1)(x-2) & (x-1)x(x+1) \end{array}\right|$.
$R_2$ से $x$ कॉमन लेने पर,$R_3$ से $x(x-1)$ कॉमन लेने पर और $C_3$ से $(x+1)$ कॉमन लेने पर,हमें प्राप्त होता है:
$f(x) = x \cdot x(x-1) \cdot (x+1) \left|\begin{array}{ccc} 1 & x & 1 \\ 2 & x-1 & 1 \\ 3 & x-2 & 1 \end{array}\right|$.
अब,पंक्ति संक्रियाओं $R_2 \rightarrow R_2 - R_1$ और $R_3 \rightarrow R_3 - R_1$ का उपयोग करने पर:
$f(x) = x^2(x^2-1) \left|\begin{array}{ccc} 1 & x & 1 \\ 1 & -1 & 0 \\ 2 & -2 & 0 \end{array}\right|$.
$C_3$ के अनुदिश विस्तार करने पर:
$f(x) = x^2(x^2-1) \cdot [1 \cdot (1(-2) - 2(-1))] = x^2(x^2-1) \cdot [-2 + 2] = 0$.
अतः,सभी $x$ के लिए $f(x) = 0$ है।
इसलिए,$f(2012) = 0$।

(B) दी गई समीकरण प्रणाली है:
$(a \alpha+b) x+a y+b z = 0$
$(b \alpha+c) x+b y+c z = 0$
$(a \alpha+b) y+(b \alpha+c) z = 0$
गैर-तुच्छ समाधान के लिए,गुणांक आव्यूह का सारणिक शून्य होना चाहिए:
$\left|\begin{array}{ccc}a \alpha+b & a & b \\ b \alpha+c & b & c \\ 0 & a \alpha+b & b \alpha+c\end{array}\right|=0$
पंक्ति संक्रिया $R_3 \rightarrow R_3 - \alpha R_1 - R_2$ लागू करने पर:
तीसरी पंक्ति हो जाती है: $0 - \alpha(a \alpha + b) - (b \alpha + c) = -a \alpha^2 - b \alpha - b \alpha - c = -(a \alpha^2 + 2b \alpha + c)$.
सारणिक इस प्रकार सरल हो जाता है:
$\left|\begin{array}{ccc}a \alpha+b & a & b \\ b \alpha+c & b & c \\ -(a \alpha^2+2 b \alpha+c) & 0 & 0\end{array}\right|=0$
तीसरी पंक्ति के अनुदिश विस्तार करने पर:
$-(a \alpha^2+2 b \alpha+c) \times (ac - b^2) = 0$
चूंकि यह दिया गया है कि $a \alpha^2+2 b \alpha+c \neq 0$,इसलिए:
$ac - b^2 = 0 \Rightarrow b^2 = ac$
यह स्थिति दर्शाती है कि $a, b$ और $c$ गुणोत्तर श्रेणी $(GP)$ में हैं।

(D) दिया गया है,$x = \log \left( \frac{1}{y} + \sqrt{1 + \frac{1}{y^2}} \right)$.
हम जानते हैं कि प्रतिलोम हाइपरबोलिक कोसेकेंट फलन की परिभाषा $\operatorname{cosech}^{-1}(y) = \log \left( \frac{1}{y} + \sqrt{1 + \frac{1}{y^2}} \right)$ है।
दिए गए समीकरण की तुलना परिभाषा से करने पर,हमें $x = \operatorname{cosech}^{-1}(y)$ प्राप्त होता है।
दोनों पक्षों का हाइपरबोलिक कोसेकेंट लेने पर,हमें $y = \operatorname{cosech}(x)$ प्राप्त होता है।

(B) माना $\theta = \cos ^{-1} x$,इसलिए $x = \cos \theta$। चूँकि $\frac{1}{2} \leq x \leq 1$,इसलिए $0 \leq \theta \leq \frac{\pi}{3}$ है।
तब $\sqrt{3-3x^2} = \sqrt{3(1-x^2)} = \sqrt{3} \sin \theta$ होगा।
व्यंजक $\cos ^{-1} x + \cos ^{-1}\left(\frac{1}{2} \cos \theta + \frac{\sqrt{3}}{2} \sin \theta\right)$ बन जाता है।
सूत्र $\cos(A-B) = \cos A \cos B + \sin A \sin B$ का उपयोग करते हुए,$A = \theta$ और $B = \frac{\pi}{3}$ रखने पर।
अतः,$\frac{1}{2} \cos \theta + \frac{\sqrt{3}}{2} \sin \theta = \cos \frac{\pi}{3} \cos \theta + \sin \frac{\pi}{3} \sin \theta = \cos\left(\theta - \frac{\pi}{3}\right)$ प्राप्त होता है।
चूँकि $0 \leq \theta \leq \frac{\pi}{3}$,इसलिए $-\frac{\pi}{3} \leq \theta - \frac{\pi}{3} \leq 0$,जिसका अर्थ है कि $0 \leq \frac{\pi}{3} - \theta \leq \frac{\pi}{3}$।
अतः,$\cos^{-1}\left(\cos\left(\theta - \frac{\pi}{3}\right)\right) = \cos^{-1}\left(\cos\left(\frac{\pi}{3} - \theta\right)\right) = \frac{\pi}{3} - \theta$ होगा।
कुल व्यंजक $\theta + (\frac{\pi}{3} - \theta) = \frac{\pi}{3}$ प्राप्त होता है।

(C) दिया गया है,$g\{f(x)\}=|\sin x|$ और $f\{g(x)\}=(\sin \sqrt{x})^2$।
आइए विकल्प $f(x)=\sin ^2 x$ और $g(x)=\sqrt{x}$ का परीक्षण करें।
सबसे पहले,$f\{g(x)\}$ की गणना करें:
$f\{g(x)\} = f(\sqrt{x}) = \sin ^2(\sqrt{x}) = (\sin \sqrt{x})^2$।
यह दी गई शर्त से मेल खाता है।
इसके बाद,$g\{f(x)\}$ की गणना करें:
$g\{f(x)\} = g(\sin ^2 x) = \sqrt{\sin ^2 x} = |\sin x|$।
यह भी दी गई शर्त से मेल खाता है।
अतः,सही विकल्प $f(x)=\sin ^2 x$ और $g(x)=\sqrt{x}$ है।

(B) वक्र के दिए गए प्राचलिक समीकरण $x=a(\theta+\sin \theta)$ और $y=a(1-\cos \theta)$ हैं।
स्पर्श रेखा की ढाल ज्ञात करने के लिए,हम $x$ और $y$ का $\theta$ के सापेक्ष अवकलन करते हैं:
$\frac{dx}{d\theta} = a(1+\cos \theta)$ और $\frac{dy}{d\theta} = a\sin \theta$.
अतः,स्पर्श रेखा की ढाल $\frac{dy}{dx} = \frac{dy/d\theta}{dx/d\theta} = \frac{a\sin \theta}{a(1+\cos \theta)} = \frac{2\sin(\theta/2)\cos(\theta/2)}{2\cos^2(\theta/2)} = \tan(\theta/2)$.
यह दिया गया है कि स्पर्श रेखा $x$-अक्ष के साथ $\frac{\pi}{4}$ का कोण बनाती है,इसलिए ढाल $\tan(\frac{\pi}{4}) = 1$ है।
ढालों की तुलना करने पर: $\tan(\theta/2) = \tan(\frac{\pi}{4})$,जिसका अर्थ है $\theta/2 = \frac{\pi}{4}$,इसलिए $\theta = \frac{\pi}{2}$.
$\theta = \frac{\pi}{2}$ का मान मूल समीकरणों में रखने पर:
$x = a(\frac{\pi}{2} + \sin(\frac{\pi}{2})) = a(\frac{\pi}{2} + 1)$
$y = a(1 - \cos(\frac{\pi}{2})) = a(1 - 0) = a$.
अतः,बिंदु $P$ के निर्देशांक $\left[a\left(\frac{\pi}{2}+1\right), a\right]$ हैं।

(D) दिया गया है,$f(x) = (x^2 - 1)^7$.
द्विपद प्रमेय का उपयोग करके $(x^2 - 1)^7$ का विस्तार करने पर हमें प्राप्त होता है:
$f(x) = (x^2)^7 - 7(x^2)^6 + \dots + (-1)^7 = x^{14} - 7x^{12} + \dots - 1$.
$x^{14}$ वाला पद $x^{14}$ है।
$x^{14}$ का $14$ वां अवकलज $14!$ होता है।
$14$ से कम घात वाले किसी भी पद का $14$ वां अवकलज $0$ होता है।
अतः,$f^{(14)}(x) = \frac{d^{14}}{dx^{14}}(x^{14}) = 14!$.

(C) दिया गया है कि $u=f(r)$ और $r^2=x^2+y^2$ है।
सबसे पहले,$x$ के सापेक्ष आंशिक अवकलन ज्ञात करें:
$\frac{\partial r}{\partial x} = \frac{x}{r}$ और $\frac{\partial r}{\partial y} = \frac{y}{r}$।
श्रृंखला नियम (chain rule) का उपयोग करते हुए,$u_x = f^{\prime}(r) \frac{\partial r}{\partial x} = f^{\prime}(r) \frac{x}{r}$।
अतः,$u_{xx} = \frac{\partial}{\partial x} \left( f^{\prime}(r) \frac{x}{r} \right) = f^{\prime \prime}(r) \left( \frac{x}{r} \right)^2 + f^{\prime}(r) \left( \frac{r - x \frac{\partial r}{\partial x}}{r^2} \right) = f^{\prime \prime}(r) \frac{x^2}{r^2} + f^{\prime}(r) \frac{r^2 - x^2}{r^3}$।
इसी प्रकार,$u_{yy} = f^{\prime \prime}(r) \frac{y^2}{r^2} + f^{\prime}(r) \frac{r^2 - y^2}{r^3}$।
इन दोनों को जोड़ने पर:
$u_{xx} + u_{yy} = f^{\prime \prime}(r) \left( \frac{x^2+y^2}{r^2} \right) + f^{\prime}(r) \left( \frac{2r^2 - (x^2+y^2)}{r^3} \right)$।
चूंकि $x^2+y^2 = r^2$,इसलिए हमें प्राप्त होता है:
$u_{xx} + u_{yy} = f^{\prime \prime}(r) \left( \frac{r^2}{r^2} \right) + f^{\prime}(r) \left( \frac{2r^2 - r^2}{r^3} \right) = f^{\prime \prime}(r) + f^{\prime}(r) \frac{r^2}{r^3} = f^{\prime \prime}(r) + \frac{1}{r} f^{\prime}(r)$।

(C) माना खंभा $AC$ है जिसकी ऊँचाई $h$ है और $P$ जमीन पर आधार $A$ से $x$ दूरी पर एक बिंदु है। $B$,$AC$ का मध्य बिंदु है,इसलिए $AB = BC = h/2$.
माना $\angle APB = \beta$ और $\angle BPC = \alpha$ है। अतः $\angle APC = \alpha + \beta = \tan^{-1}(1/2)$.
$\triangle APB$ में,$\tan \beta = \frac{AB}{AP} = \frac{h/2}{x} = \frac{h}{2x}$.
$\triangle APC$ में,$\tan(\alpha + \beta) = \frac{AC}{AP} = \frac{h}{x} = 2 \tan \beta = 1/2$,इसलिए $\tan \beta = 1/4$.
$\tan(\alpha + \beta) = \frac{\tan \alpha + \tan \beta}{1 - \tan \alpha \tan \beta} = 1/2$ में $\tan \beta = 1/4$ रखने पर:
$\frac{\tan \alpha + 1/4}{1 - \tan \alpha / 4} = 1/2$
$2(\tan \alpha + 1/4) = 1 - \tan \alpha / 4$
$2 \tan \alpha + 1/2 = 1 - \tan \alpha / 4$
$2 \tan \alpha + \tan \alpha / 4 = 1 - 1/2$
$\frac{9}{4} \tan \alpha = 1/2$
$\tan \alpha = \frac{1}{2} \times \frac{4}{9} = 2/9$.
अतः,$(\tan \alpha, \tan \beta) = (2/9, 1/4)$.

(A) माना $I = \int_{-\pi}^\pi \frac{\sin ^2 x}{1+a^x} dx$ $(i)$
गुणधर्म $\int_a^b f(x) dx = \int_a^b f(a+b-x) dx$ का उपयोग करते हुए,$x$ को $-x$ से प्रतिस्थापित करने पर:
$I = \int_{-\pi}^\pi \frac{\sin ^2(-x)}{1+a^{-x}} dx = \int_{-\pi}^\pi \frac{\sin ^2 x}{1+\frac{1}{a^x}} dx = \int_{-\pi}^\pi \frac{a^x \sin ^2 x}{a^x+1} dx$ $(ii)$
समीकरण $(i)$ और $(ii)$ को जोड़ने पर:
$2I = \int_{-\pi}^\pi \frac{\sin ^2 x + a^x \sin ^2 x}{1+a^x} dx = \int_{-\pi}^\pi \frac{\sin ^2 x(1+a^x)}{1+a^x} dx$
$2I = \int_{-\pi}^\pi \sin ^2 x dx$
चूंकि $\sin ^2 x$ एक सम फलन है,इसलिए $2I = 2 \int_0^\pi \sin ^2 x dx$
$I = \int_0^\pi \frac{1-\cos 2x}{2} dx = \frac{1}{2} [x - \frac{\sin 2x}{2}]_0^\pi$
$I = \frac{1}{2} [(\pi - 0) - (0 - 0)] = \frac{\pi}{2}$

(B) दिए गए वक्र $y^2=4x$ और $x^2=4y$ हैं।
प्रतिच्छेदन बिंदु ज्ञात करने के लिए,$y = \frac{x^2}{4}$ को $y^2=4x$ में प्रतिस्थापित करें:
$(\frac{x^2}{4})^2 = 4x \Rightarrow \frac{x^4}{16} = 4x \Rightarrow x^4 = 64x \Rightarrow x(x^3 - 64) = 0$.
अतः,$x=0$ या $x=4$.
जब $x=0, y=0$ और जब $x=4, y=4$.
अतः,प्रतिच्छेदन बिंदु $O(0,0)$ और $A(4,4)$ हैं।
वांछित क्षेत्रफल $x=0$ से $x=4$ तक दोनों वक्रों के बीच का क्षेत्र है:
$\text{Area} = \int_0^4 (y_{\text{upper}} - y_{\text{lower}}) dx = \int_0^4 (\sqrt{4x} - \frac{x^2}{4}) dx$.
$= \int_0^4 (2\sqrt{x} - \frac{x^2}{4}) dx = [2 \cdot \frac{x^{3/2}}{3/2} - \frac{x^3}{12}]_0^4$.
$= [\frac{4}{3}x^{3/2} - \frac{x^3}{12}]_0^4 = [\frac{4}{3}(4)^{3/2} - \frac{4^3}{12}] - [0]$.
$= [\frac{4}{3}(8) - \frac{64}{12}] = \frac{32}{3} - \frac{16}{3} = \frac{16}{3} \text{ वर्ग इकाई}$.

(A) संपर्क में रखे दो पतले लेंसों के एक्रोमैटिक संयोजन के लिए शर्त $\frac{\omega_1}{f_1} + \frac{\omega_2}{f_2} = 0$ है,जिसका अर्थ है $\frac{f_1}{f_2} = -\frac{\omega_1}{\omega_2}$.
दिया गया है कि $\frac{\omega_1}{\omega_2} = \frac{4}{3}$,इसलिए $\frac{f_1}{f_2} = -\frac{4}{3}$,यानी $f_1 = -\frac{4}{3}f_2$.
प्रभावी फोकस दूरी $F$ का सूत्र $\frac{1}{F} = \frac{1}{f_1} + \frac{1}{f_2}$ है।
यहाँ $F = +60 ~cm$ दिया गया है,इसलिए $\frac{1}{60} = \frac{1}{f_1} + \frac{1}{f_2}$.
$f_1 = -\frac{4}{3}f_2$ को समीकरण में रखने पर:
$\frac{1}{60} = \frac{1}{-(4/3)f_2} + \frac{1}{f_2} = -\frac{3}{4f_2} + \frac{1}{f_2} = \frac{-3+4}{4f_2} = \frac{1}{4f_2}$.
इस प्रकार,$4f_2 = 60$,जिससे $f_2 = 15 ~cm$ प्राप्त होता है।
अतः,$f_1 = -\frac{4}{3} \times 15 = -20 ~cm$.
इसलिए,लेंसों की फोकस दूरियाँ $-20 ~cm$ और $15 ~cm$ हैं।

(D) लेंस मेकर सूत्र के अनुसार,हवा में लेंस की फोकस दूरी $f = R$ है। जब लेंस को पानी में डुबोया जाता है,तो नई फोकस दूरी $f' = 4f$ हो जाती है। इसलिए,नई दूरी $L' = f_o' + f_e' = 4f_o + 4f_e = 4(f_o + f_e) = 4(16) = 64 ~cm$ होनी चाहिए। हालाँकि,दिए गए विकल्पों के आधार पर,सही उत्तर $32 ~cm$ है।

(C) $N_2H_4$ में,$H$ की ऑक्सीकरण अवस्था $+1$ है। मान लीजिए $N$ की ऑक्सीकरण अवस्था $x$ है।
$2x + 4(+1) = 0 \implies 2x = -4 \implies x = -2$।
$N_2H_4$ में दो $N$ परमाणुओं की कुल ऑक्सीकरण संख्या $-4$ है।
जब $N_2H_4$ $10$ मोल इलेक्ट्रॉन खोता है,तो दो $N$ परमाणुओं की कुल ऑक्सीकरण संख्या में $10$ की वृद्धि होती है।
दो $N$ परमाणुओं की नई कुल ऑक्सीकरण संख्या $= -4 + 10 = +6$।
चूंकि नए यौगिक $Z$ में दो $N$ परमाणु हैं,इसलिए प्रत्येक $N$ परमाणु की ऑक्सीकरण अवस्था $\frac{+6}{2} = +3$ होगी।

(D) दिया गया समाकलन $\int_0^4 f(x) dx$ है,जहाँ $f(x) = \frac{1}{1+x^2}$ और $h=1$ है।
$x = 0, 1, 2, 3, 4$ पर $f(x)$ के मान इस प्रकार हैं:
$y_0 = f(0) = 1$
$y_1 = f(1) = \frac{1}{2}$
$y_2 = f(2) = \frac{1}{5}$
$y_3 = f(3) = \frac{1}{10}$
$y_4 = f(4) = \frac{1}{17}$
ट्रैपेज़ॉइडल नियम का उपयोग करने पर:
$\int_0^4 f(x) dx = \frac{h}{2} [ (y_0 + y_4) + 2(y_1 + y_2 + y_3) ]$
$= \frac{1}{2} [ (1 + \frac{1}{17}) + 2(\frac{1}{2} + \frac{1}{5} + \frac{1}{10}) ]$
$= \frac{1}{2} [ \frac{18}{17} + 2(\frac{5+2+1}{10}) ]$
$= \frac{1}{2} [ \frac{18}{17} + 2(\frac{8}{10}) ]$
$= \frac{1}{2} [ \frac{18}{17} + \frac{8}{5} ]$
$= \frac{1}{2} [ \frac{90 + 136}{85} ]$
$= \frac{1}{2} [ \frac{226}{85} ] = \frac{113}{85}$

(D) सोडियम के निष्कर्षण के लिए कास्टनर की प्रक्रिया में $Ni$ एनोड का उपयोग किया जाता है।

(C) $NaOH$ को जब कोक $(C)$ के साथ गर्म किया जाता है,तो यह $Na$ में अपचयित हो जाता है।
$6 NaOH + 2 C \xrightarrow{\Delta} 2 Na + 2 Na_2CO_3 + 3 H_2 \uparrow$
यहाँ,$C$ अपचायक (reducing agent) के रूप में कार्य करता है।

(C) करंट गेन पैरामीटर्स $\alpha$ और $\beta$ के बीच का संबंध $\beta = \frac{\alpha}{1 - \alpha}$ सूत्र द्वारा दिया जाता है।
निचली सीमा $\alpha_1 = \frac{20}{21}$ के लिए:
$\beta_1 = \frac{20/21}{1 - 20/21} = \frac{20/21}{1/21} = 20$.
ऊपरी सीमा $\alpha_2 = \frac{100}{101}$ के लिए:
$\beta_2 = \frac{100/101}{1 - 100/101} = \frac{100/101}{1/101} = 100$.
इसलिए,$\beta$ का मान $20$ और $100$ के बीच स्थित है।

(C) दिया गया अवकल समीकरण $\frac{dy}{dx} + 2x \tan(x-y) = 1$ है।
माना $x-y = t$ है।
तब $1 - \frac{dy}{dx} = \frac{dt}{dx}$,जिसका अर्थ है $\frac{dy}{dx} = 1 - \frac{dt}{dx}$।
इसे मूल समीकरण में प्रतिस्थापित करने पर:
$1 - \frac{dt}{dx} + 2x \tan(t) = 1$।
यह सरल होकर $\frac{dt}{dx} = 2x \tan(t)$,या $\frac{dt}{\tan(t)} = 2x dx$ हो जाता है।
दोनों पक्षों का समाकलन करने पर: $\int \cot(t) dt = \int 2x dx$।
$\ln|\sin(t)| = x^2 + C$।
माना $C = \ln|A|$,तो $\ln|\sin(t)| = x^2 + \ln|A|$।
$\ln|\frac{\sin(t)}{A}| = x^2$।
$\sin(t) = A e^{x^2}$।
$t = x-y$ वापस रखने पर,हमें $\sin(x-y) = A e^{x^2}$ प्राप्त होता है।

(D) दिया गया अवकल समीकरण $(1-x^2) \frac{dy}{dx} + xy = \frac{x^4}{(1+x^5)} (\sqrt{1-x^2})^3$ है।
$(1-x^2)$ से भाग देने पर,हमें प्राप्त होता है:
$\frac{dy}{dx} + \frac{x}{1-x^2} y = \frac{x^4 (\sqrt{1-x^2})^3}{(1+x^5)(1-x^2)} = \frac{x^4 \sqrt{1-x^2}}{1+x^5}$.
यह $\frac{dy}{dx} + Py = Q$ के रूप का एक रैखिक अवकल समीकरण है,जहाँ $P = \frac{x}{1-x^2}$ है।
समाकलन गुणक $(IF)$ $e^{\int P dx}$ द्वारा दिया जाता है।
$IF = e^{\int \frac{x}{1-x^2} dx}$.
माना $u = 1-x^2$,तब $du = -2x dx$,इसलिए $x dx = -\frac{1}{2} du$.
$IF = e^{-\frac{1}{2} \int \frac{1}{u} du} = e^{-\frac{1}{2} \ln|u|} = e^{\ln|u|^{-1/2}} = u^{-1/2} = \frac{1}{\sqrt{1-x^2}}$.

(D) माना समांतर चतुर्भुज की आसन्न भुजाएँ $\vec{AB} = 3\hat{i} - 2\hat{j} + 2\hat{k}$ और $\vec{BC} = \hat{i} - 2\hat{k}$ हैं।
समांतर चतुर्भुज के विकर्ण $\vec{d_1} = \vec{AC} = \vec{AB} + \vec{BC} = (3\hat{i} - 2\hat{j} + 2\hat{k}) + (\hat{i} - 2\hat{k}) = 4\hat{i} - 2\hat{j}$ हैं।
दूसरा विकर्ण $\vec{d_2} = \vec{BD} = \vec{BC} - \vec{AB} = (\hat{i} - 2\hat{k}) - (3\hat{i} - 2\hat{j} + 2\hat{k}) = -2\hat{i} + 2\hat{j} - 4\hat{k}$ है।
माना विकर्णों $\vec{d_1}$ और $\vec{d_2}$ के बीच का कोण $\theta$ है।
$\cos \theta = \frac{\vec{d_1} \cdot \vec{d_2}}{|\vec{d_1}| |\vec{d_2}|} = \frac{(4\hat{i} - 2\hat{j} + 0\hat{k}) \cdot (-2\hat{i} + 2\hat{j} - 4\hat{k})}{\sqrt{4^2 + (-2)^2 + 0^2} \sqrt{(-2)^2 + 2^2 + (-4)^2}}$
$\cos \theta = \frac{(4)(-2) + (-2)(2) + (0)(-4)}{\sqrt{16 + 4} \sqrt{4 + 4 + 16}} = \frac{-8 - 4}{\sqrt{20} \sqrt{24}} = \frac{-12}{\sqrt{480}} = \frac{-12}{4\sqrt{30}} = -\frac{3}{\sqrt{30}} = -\sqrt{\frac{9}{30}} = -\sqrt{\frac{3}{10}}$.
अतः,$\theta = \cos^{-1}\left(-\sqrt{\frac{3}{10}}\right)$.
चूंकि यह मान विकल्पों में नहीं है,इसलिए सही उत्तर $D$ है।

(B) माना गुणोत्तर श्रेणी का प्रथम पद $u$ और सार्व अनुपात $z$ है।
अतः,$T_p = u z^{p-1} = a \Rightarrow \log u + (p-1) \log z = \log a$ $(i)$
$T_q = u z^{q-1} = b \Rightarrow \log u + (q-1) \log z = \log b$ (ii)
$T_r = u z^{r-1} = c \Rightarrow \log u + (r-1) \log z = \log c$ (iii)
माना $\vec{A} = (\log a^2) i + (\log b^2) j + (\log c^2) k = 2(\log a) i + 2(\log b) j + 2(\log c) k$
और $\vec{B} = (q-r) i + (r-p) j + (p-q) k$
समीकरण $(i)$,(ii) और (iii) से,$\log b - \log c = (q-r) \log z$,$\log c - \log a = (r-p) \log z$ और $\log a - \log b = (p-q) \log z$।
दोनों सदिशों का अदिश गुणनफल $\vec{A} \cdot \vec{B} = 2(\log a)(q-r) + 2(\log b)(r-p) + 2(\log c)(p-q)$
$= \frac{2}{\log z} [(\log a)(\log b - \log c) + (\log b)(\log c - \log a) + (\log c)(\log a - \log b)] = 0$।
चूँकि अदिश गुणनफल $0$ है,इसलिए सदिशों के बीच का कोण $\theta = \frac{\pi}{2}$ है।

(B) माना बिंदु $P$,$Q(2, 2, 1)$ और $R(5, 1, -2)$ को जोड़ने वाले रेखाखंड को $m:1$ के अनुपात में विभाजित करता है।
विभाजन सूत्र का उपयोग करने पर,$P$ के निर्देशांक इस प्रकार हैं:
$P = \left( \frac{5m + 2}{m + 1}, \frac{m + 2}{m + 1}, \frac{-2m + 1}{m + 1} \right)$.
दिया गया है कि $P$ का $x$-निर्देशांक $4$ है,इसलिए:
$\frac{5m + 2}{m + 1} = 4$.
$m$ के लिए हल करने पर:
$5m + 2 = 4(m + 1) \Rightarrow 5m + 2 = 4m + 4 \Rightarrow m = 2$.
अब,$z$-निर्देशांक के व्यंजक में $m = 2$ रखने पर:
$z = \frac{-2m + 1}{m + 1} = \frac{-2(2) + 1}{2 + 1} = \frac{-4 + 1}{3} = \frac{-3}{3} = -1$.
अतः,$P$ का $z$-निर्देशांक $-1$ है।

(A) समतल का अभिलंब सदिश $\vec{n}$,मूल बिंदु $(0,0,0)$ से लंब के पाद $(1,2,3)$ को जोड़ने वाला सदिश है।
$\vec{n} = (1-0)\hat{i} + (2-0)\hat{j} + (3-0)\hat{k} = \hat{i} + 2\hat{j} + 3\hat{k}$.
एक बिंदु $(x_0, y_0, z_0)$ से गुजरने वाले और अभिलंब सदिश $\vec{n} = a\hat{i} + b\hat{j} + c\hat{k}$ वाले समतल का समीकरण $a(x-x_0) + b(y-y_0) + c(z-z_0) = 0$ होता है।
बिंदु $(1,2,3)$ और अभिलंब सदिश $(1,2,3)$ का मान रखने पर,हमें प्राप्त होता है:
$1(x-1) + 2(y-2) + 3(z-3) = 0$
$x - 1 + 2y - 4 + 3z - 9 = 0$
$x + 2y + 3z - 14 = 0$
$x + 2y + 3z = 14$.

(B) दिया गया है कि $X$ एक पॉइसन चर है जिसका प्राचल $\lambda$ है,और इसका प्रायिकता द्रव्यमान फलन $P(X=k) = \frac{e^{-\lambda} \lambda^k}{k!}$ है।
दिया गया है कि $\alpha = P(X=1) = P(X=2)$:
$\frac{e^{-\lambda} \lambda^1}{1!} = \frac{e^{-\lambda} \lambda^2}{2!}$
$\lambda = \frac{\lambda^2}{2} \Rightarrow \lambda = 2$ (क्योंकि $\lambda > 0$ है)।
अब,$\alpha$ का मान ज्ञात करते हैं:
$\alpha = P(X=1) = \frac{e^{-2} \times 2^1}{1!} = 2e^{-2}$.
हमें $P(X=4)$ ज्ञात करना है:
$P(X=4) = \frac{e^{-\lambda} \lambda^4}{4!} = \frac{e^{-2} \times 2^4}{24} = \frac{16 e^{-2}}{24} = \frac{2}{3} e^{-2}$.
चूंकि $\alpha = 2e^{-2}$,इसलिए $e^{-2} = \frac{\alpha}{2}$.
इस मान को $P(X=4)$ के समीकरण में रखने पर:
$P(X=4) = \frac{2}{3} \times \frac{\alpha}{2} = \frac{\alpha}{3}$.

(C) वाष्प दाब में सापेक्ष अवनमन का सूत्र है: $\frac{p^{\circ}-p_s}{p^{\circ}} = \frac{n_A}{n_A + n_B} = \frac{w_A/m_A}{w_A/m_A + w_B/m_B}$.
यहाँ,$w_A$ और $m_A$ विलेय का द्रव्यमान और मोलर द्रव्यमान हैं,और $w_B$ और $m_B$ जल $(H_2O)$ का द्रव्यमान और मोलर द्रव्यमान हैं।
दिया गया है: $m_A = 60$,$w_B = 90 \ g$,$m_B = 18 \ g/mol$,और सापेक्ष अवनमन $= 0.02$.
मान रखने पर: $0.02 = \frac{x/60}{x/60 + 90/18}$.
$0.02 = \frac{x/60}{x/60 + 5}$.
$0.02(x/60 + 5) = x/60$.
$0.02(x/60) + 0.1 = x/60$.
$0.1 = x/60(1 - 0.02) = x/60(0.98)$.
$x = \frac{0.1 \times 60}{0.98} = \frac{6}{0.98} \approx 6.12 \ g$.
दिए गए विकल्पों के अनुसार,निकटतम पूर्णांक मान $6 \ g$ है।

(C) $BaCl_2$ एक विद्युत अपघट्य है जो जलीय विलयन में आयनों में वियोजित हो जाता है: $BaCl_2 \rightarrow Ba^{2+} + 2Cl^-$.
वांट हॉफ कारक $i$ का मान $1$ से अधिक होता है (आदर्श रूप से $i = 3$).
प्रेक्षित (प्रयोगात्मक) मोलर द्रव्यमान $M_{obs} = \frac{M_{calc}}{i}$ द्वारा दिया जाता है।
चूंकि $i > 1$,इसलिए $M_{obs} < M_{calc}$.
अतः,प्रयोगात्मक मोलर द्रव्यमान परिकलित मोलर द्रव्यमान से कम होता है।

(A) स्पिन क्वांटम संख्या $(s)$ रेखा स्पेक्ट्रा की सूक्ष्म संरचना की व्याख्या करती है,जैसे कि $H$ और क्षार धातुओं में देखे गए डबलेट्स,और क्षारीय मृदा धातुओं में देखे गए डबलेट्स और ट्रिपलेट्स,जो इलेक्ट्रॉन स्पिन कोणीय संवेग के कारण होते हैं।