Properties of definite integration Questions in Gujarati

(A) વિધેય $f(x) = e^{x-[x]}$ એ $T = 1$ આવર્તમાન ધરાવતું આવર્તી વિધેય છે,કારણ કે $[x+1] = [x]+1$ થાય છે.
તેથી,$f(x+1) = e^{(x+1)-[x+1]} = e^{x+1-[x]-1} = e^{x-[x]} = f(x)$.
નિશ્ચિત સંકલનના ગુણધર્મ $\int_0^{nT} f(x) \, dx = n \int_0^T f(x) \, dx$ નો ઉપયોગ કરતા,જ્યાં $n = 1000$ અને $T = 1$:
$I = \int_0^{1000} e^{x-[x]} \, dx = 1000 \int_0^1 e^{x-[x]} \, dx$.
$x \in [0, 1)$ માટે,$[x] = 0$ થાય,તેથી $e^{x-[x]} = e^x$.
$I = 1000 \int_0^1 e^x \, dx$.
$I = 1000 [e^x]_0^1 = 1000(e^1 - e^0) = 1000(e-1)$.

(A) વિધેય $f(x) = \frac{\sin x}{x}$ ધ્યાનમાં લો.
$x \in [\frac{\pi}{4}, \frac{\pi}{3}]$ માટે,વિકલિત $f'(x) = \frac{x \cos x - \sin x}{x^2} = \frac{\cos x (x - \tan x)}{x^2}$.
$x \in (0, \frac{\pi}{2})$ માટે $\tan x > x$ હોવાથી,$f'(x) < 0$ થાય,તેથી $f(x)$ એ ઘટતું વિધેય છે.
તેથી,દરેક $x \in [\frac{\pi}{4}, \frac{\pi}{3}]$ માટે $f(\frac{\pi}{3}) \leq f(x) \leq f(\frac{\pi}{4})$ મળે.
કિંમતો ગણતા: $f(\frac{\pi}{3}) = \frac{\sin(\pi/3)}{\pi/3} = \frac{3\sqrt{3}}{2\pi}$ અને $f(\frac{\pi}{4}) = \frac{\sin(\pi/4)}{\pi/4} = \frac{2\sqrt{2}}{\pi}$.
અસમતાનું સંકલન કરતા: $\int_{\pi/4}^{\pi/3} f(\frac{\pi}{3}) dx \leq \int_{\pi/4}^{\pi/3} f(x) dx \leq \int_{\pi/4}^{\pi/3} f(\frac{\pi}{4}) dx$.
$\frac{3\sqrt{3}}{2\pi} (\frac{\pi}{12}) \leq I \leq \frac{2\sqrt{2}}{\pi} (\frac{\pi}{12})$.
$\frac{\sqrt{3}}{8} \leq I \leq \frac{\sqrt{2}}{6}$.

(C) આપણી પાસે $I = \int_{\pi / 4}^{\pi / 3} \frac{\sin x}{x} dx$ છે.
કારણ કે $f(x) = \frac{\sin x}{x}$ એ અંતરાલ $[\frac{\pi}{4}, \frac{\pi}{3}]$ પર ઘટતું વિધેય છે,તેથી ન્યૂનતમ કિંમત $x = \frac{\pi}{3}$ પર અને મહત્તમ કિંમત $x = \frac{\pi}{4}$ પર મળે છે.
અંતરાલની લંબાઈ $\Delta x = \frac{\pi}{3} - \frac{\pi}{4} = \frac{\pi}{12}$ છે.
મોનોટોનિક વિધેય માટે નિશ્ચિત સંકલનના ગુણધર્મનો ઉપયોગ કરતા:
$(\text{અંતરાલની લંબાઈ}) \times f(\text{ઉપરની સીમા}) \leq I \leq (\text{અંતરાલની લંબાઈ}) \times f(\text{નીચેની સીમા})$.
કિંમતો મૂકતા:
$\frac{\pi}{12} \times \frac{\sin(\pi/3)}{\pi/3} \leq I \leq \frac{\pi}{12} \times \frac{\sin(\pi/4)}{\pi/4}$.
$\frac{\pi}{12} \times \frac{\sqrt{3}/2}{\pi/3} \leq I \leq \frac{\pi}{12} \times \frac{1/\sqrt{2}}{\pi/4}$.
$\frac{\pi}{12} \times \frac{3\sqrt{3}}{2\pi} \leq I \leq \frac{\pi}{12} \times \frac{4}{\pi\sqrt{2}}$.
$\frac{3\sqrt{3}}{24} \leq I \leq \frac{4}{12\sqrt{2}}$.
$\frac{\sqrt{3}}{8} \leq I \leq \frac{\sqrt{2}}{6}$.

(A) આપેલ છે $I = \int_{0}^{1} \frac{x^{3} \cos 3x}{2+x^{2}} dx$.
કારણ કે $-1 \leq \cos 3x \leq 1$,તેથી $-x^{3} \leq x^{3} \cos 3x \leq x^{3}$ મળે.
$2+x^{2} > 0$ વડે ભાગતા,$\frac{-x^{3}}{2+x^{2}} \leq \frac{x^{3} \cos 3x}{2+x^{2}} \leq \frac{x^{3}}{2+x^{2}}$ મળે.
$x \in [0, 1]$ માટે $2+x^{2} > x^{2}$ હોવાથી,$\frac{x^{3}}{2+x^{2}} < \frac{x^{3}}{x^{2}} = x$ થાય.
આમ,$-\int_{0}^{1} x dx < I < \int_{0}^{1} x dx$.
સંકલન કરતા,$-\left[ \frac{x^{2}}{2} \right]_{0}^{1} < I < \left[ \frac{x^{2}}{2} \right]_{0}^{1}$.
જેથી $-\frac{1}{2} < I < \frac{1}{2}$ મળે.

(A) આપણને સંકલન $I = \int_{0}^{1} \frac{dx}{1+x^{\pi / 2}}$ આપેલ છે.
કારણ કે $1 < \pi / 2 < 2$,તેથી $x \in (0, 1)$ માટે,$x^2 < x^{\pi / 2} < x^1$ થાય.
બધી બાજુ $1$ ઉમેરતા,$1+x^2 < 1+x^{\pi / 2} < 1+x$ મળે.
વ્યસ્ત લેતા અસમતા બદલાય છે: $\frac{1}{1+x^2} > \frac{1}{1+x^{\pi / 2}} > \frac{1}{1+x}$.
$0$ થી $1$ સુધી $x$ ની સાપેક્ષમાં સંકલન કરતા:
$\int_{0}^{1} \frac{dx}{1+x^2} > \int_{0}^{1} \frac{dx}{1+x^{\pi / 2}} > \int_{0}^{1} \frac{dx}{1+x}$.
સંકલનનું મૂલ્ય શોધતા:
$[\tan^{-1}(x)]_{0}^{1} > I > [\log_{e}(1+x)]_{0}^{1}$.
$\frac{\pi}{4} > I > \log_{e}(2)$.
આમ,સાચો સંબંધ $\log_{e} 2 < I < \pi / 4$ છે.

(D) ધારો કે $I = \int_0^{2 \pi} \theta \sin ^6 \theta \cos \theta \, d\theta \quad \dots (1)$
ગુણધર્મ $\int_0^a f(x) \, dx = \int_0^a f(a-x) \, dx$ નો ઉપયોગ કરતા:
$I = \int_0^{2 \pi} (2 \pi - \theta) \sin ^6 (2 \pi - \theta) \cos (2 \pi - \theta) \, d\theta$
કારણ કે $\sin(2 \pi - \theta) = -\sin \theta$ અને $\cos(2 \pi - \theta) = \cos \theta$,તેથી:
$I = \int_0^{2 \pi} (2 \pi - \theta) \sin ^6 \theta \cos \theta \, d\theta$
$I = 2 \pi \int_0^{2 \pi} \sin ^6 \theta \cos \theta \, d\theta - \int_0^{2 \pi} \theta \sin ^6 \theta \cos \theta \, d\theta$
$I = 2 \pi \int_0^{2 \pi} \sin ^6 \theta \cos \theta \, d\theta - I$
$2I = 2 \pi \int_0^{2 \pi} \sin ^6 \theta \cos \theta \, d\theta$
$I = \pi \int_0^{2 \pi} \sin ^6 \theta \cos \theta \, d\theta$
ધારો કે $f(\theta) = \sin ^6 \theta \cos \theta$. તો $f(2 \pi - \theta) = \sin ^6 (2 \pi - \theta) \cos (2 \pi - \theta) = (-\sin \theta)^6 \cos \theta = \sin ^6 \theta \cos \theta = f(\theta)$.
ગુણધર્મ $\int_0^{2a} f(x) \, dx = 2 \int_0^a f(x) \, dx$ જો $f(2a-x) = f(x)$ હોય તો:
$I = \pi \cdot 2 \int_0^{\pi} \sin ^6 \theta \cos \theta \, d\theta = 2 \pi \int_0^{\pi} \sin ^6 \theta \cos \theta \, d\theta$
ધારો કે $u = \sin \theta$,તો $du = \cos \theta \, d\theta$.
જ્યારે $\theta = 0, u = 0$. જ્યારે $\theta = \pi, u = 0$.
$I = 2 \pi \int_0^0 u^6 \, du = 0$.

(C) ધારો કે $I = \int_{0}^{a} \frac{dx}{1+f(x)} \quad \dots (i)$
ગુણધર્મ $\int_{0}^{a} g(x) dx = \int_{0}^{a} g(a-x) dx$ નો ઉપયોગ કરતા:
$I = \int_{0}^{a} \frac{dx}{1+f(a-x)}$
આપેલ છે કે $f(x) f(a-x) = 1$,તેથી $f(a-x) = \frac{1}{f(x)}$.
આ કિંમત સંકલનમાં મૂકતા:
$I = \int_{0}^{a} \frac{dx}{1+\frac{1}{f(x)}} = \int_{0}^{a} \frac{f(x) dx}{f(x)+1} \quad \dots (ii)$
સમીકરણ $(i)$ અને $(ii)$ નો સરવાળો કરતા:
$2I = \int_{0}^{a} \frac{dx}{1+f(x)} + \int_{0}^{a} \frac{f(x) dx}{1+f(x)}$
$2I = \int_{0}^{a} \frac{1+f(x)}{1+f(x)} dx = \int_{0}^{a} 1 dx$
$2I = [x]_{0}^{a} = a$
$I = \frac{a}{2}$

(B) આપેલ છે: $I_1 = \int_0^{\pi / 4} \sin^2 x \, dx$ અને $I_2 = \int_0^{\pi / 4} \cos^2 x \, dx$.
અંતરાલ $x \in (0, \pi / 4)$ માં,આપણે જાણીએ છીએ કે $\sin x < \cos x$.
આ અંતરાલમાં $\sin x$ અને $\cos x$ બંને ધન હોવાથી,બંને બાજુ વર્ગ કરતા અસમતા જળવાઈ રહે છે: $\sin^2 x < \cos^2 x$.
અંતરાલ $[0, \pi / 4]$ પર બંને બાજુ સંકલન કરતા:
$\int_0^{\pi / 4} \sin^2 x \, dx < \int_0^{\pi / 4} \cos^2 x \, dx$.
તેથી,$I_1 < I_2$.

(B) ધારો કે $I = \int_{-\frac{\pi}{2}}^{\frac{\pi}{2}} \frac{12(3+[x])}{3+[\sin x]+[\cos x]} dx$.
અંતરાલ $[-\frac{\pi}{2}, \frac{\pi}{2}]$ માં $[x]$,$[\sin x]$,અને $[\cos x]$ ની કિંમતોને આધારે સંકલનને વિભાજિત કરીએ.
$x \in [-\frac{\pi}{2}, -1)$ માટે,$[x] = -2$,$[\sin x] = -1$,$[\cos x] = 0$. તેથી,સંકલ્ય $\frac{12(3-2)}{3-1+0} = \frac{12}{2} = 6$ છે.
$x \in [-1, 0)$ માટે,$[x] = -1$,$[\sin x] = -1$,$[\cos x] = 0$. તેથી,સંકલ્ય $\frac{12(3-1)}{3-1+0} = \frac{24}{2} = 12$ છે.
$x \in [0, 1)$ માટે,$[x] = 0$,$[\sin x] = 0$,$[\cos x] = 0$. તેથી,સંકલ્ય $\frac{12(3+0)}{3+0+0} = \frac{36}{3} = 12$ છે.
$x \in [1, \frac{\pi}{2}]$ માટે,$[x] = 1$,$[\sin x] = 0$,$[\cos x] = 0$. તેથી,સંકલ્ય $\frac{12(3+1)}{3+0+0} = \frac{48}{3} = 16$ છે.
આમ,$I = \int_{-\frac{\pi}{2}}^{-1} 6 dx + \int_{-1}^{0} 12 dx + \int_{0}^{1} 12 dx + \int_{1}^{\frac{\pi}{2}} 16 dx$.
$I = 6(-1 - (-\frac{\pi}{2})) + 12(0 - (-1)) + 12(1 - 0) + 16(\frac{\pi}{2} - 1)$.
$I = 6(-1 + \frac{\pi}{2}) + 12(1) + 12(1) + 16(\frac{\pi}{2} - 1)$.
$I = -6 + 3\pi + 12 + 12 + 8\pi - 16$.
$I = 11\pi + 2$.

(B) ધારો કે $I_r = \int_0^r x |\sin \pi x| dx$ ...$(1)$
ગુણધર્મ $\int_0^a f(x) dx = \int_0^a f(a-x) dx$ નો ઉપયોગ કરતા:
$I_r = \int_0^r (r-x) |\sin \pi (r-x)| dx = \int_0^r (r-x) |\sin \pi x| dx$ ...$(2)$
$(1)$ અને $(2)$ નો સરવાળો કરતા:
$2I_r = \int_0^r r |\sin \pi x| dx \Rightarrow I_r = \frac{r}{2} \int_0^r |\sin \pi x| dx$
કારણ કે $\int_0^n |\sin \pi x| dx = \frac{2n}{\pi}$,તેથી $I_r = \frac{r}{2} \cdot \frac{2r}{\pi} = \frac{r^2}{\pi}$.
આમ,પદાવલિ $\sum_{r=1}^{20} \sqrt{\pi \cdot \frac{r^2}{\pi}} = \sum_{r=1}^{20} r$ બને છે.
સરવાળો $= \frac{20(21)}{2} = 210$.

(C) ધારો કે $I = \int_{0}^{1} \cot^{-1}(1-x+x^{2}) dx$.
$z > 0$ માટે $\cot^{-1}(z) = \tan^{-1}(\frac{1}{z})$ ગુણધર્મનો ઉપયોગ કરતા,$I = \int_{0}^{1} \tan^{-1}(\frac{1}{1+x(x-1)}) dx$ મળે.
$\tan^{-1}(x) - \tan^{-1}(y) = \tan^{-1}(\frac{x-y}{1+xy})$ નો ઉપયોગ કરતા,$I = \int_{0}^{1} (\tan^{-1}(x) - \tan^{-1}(x-1)) dx$ મળે.
$\int_{0}^{a} f(x) dx = \int_{0}^{a} f(a-x) dx$ ગુણધર્મનો ઉપયોગ કરતા:
$I = \int_{0}^{1} (\tan^{-1}(1-x) - \tan^{-1}(-x)) dx = \int_{0}^{1} (\tan^{-1}(1-x) + \tan^{-1}(x)) dx$.
$\tan^{-1}(x) + \tan^{-1}(1-x) = \tan^{-1}(\frac{1}{1+x-x^2})$ હોવાથી,આ સંકલન $2 \int_{0}^{1} \tan^{-1}(x) dx$ થાય છે.
ખંડશઃ સંકલન કરતા: $2 [x \tan^{-1}(x) - \frac{1}{2} \ln(1+x^2)]_{0}^{1} = 2 [(\frac{\pi}{4} - \frac{1}{2} \ln 2) - 0] = \frac{\pi}{2} - \ln 2$.
આપેલ સમીકરણ $4I = a \tan^{-1}(2) - b \ln(5)$ સાથે સરખાવતા,$a=4, b=1$ મળે છે.
તેથી,$2a+b = 2(4)+1 = 9$.

(B) પ્રથમ,આપણે $\alpha = \int_{0}^{64} (x^{1/3} - [x^{1/3}]) dx = \int_{0}^{64} x^{1/3} dx - \int_{0}^{64} [x^{1/3}] dx$ ની ગણતરી કરીએ.
$\int_{0}^{64} x^{1/3} dx = \left[ \frac{3}{4} x^{4/3} \right]_{0}^{64} = \frac{3}{4} \times 256 = 192$.
$\int_{0}^{64} [x^{1/3}] dx$ માટે,આપણે $[x^{1/3}]$ ની કિંમતોના આધારે સંકલનને વિભાજિત કરીએ છીએ:
$= \int_{0}^{1} 0 dx + \int_{1}^{8} 1 dx + \int_{8}^{27} 2 dx + \int_{27}^{64} 3 dx = 0 + (8-1) + 2(27-8) + 3(64-27) = 7 + 38 + 111 = 156$.
આમ,$\alpha = 192 - 156 = 36$.
હવે,આપણે $E = \frac{1}{\pi} \int_{0}^{36\pi} \frac{\sin^2 \theta}{\sin^6 \theta + \cos^6 \theta} d\theta$ ની કિંમત શોધીએ.
વિધેયનો આવર્તમાન $\pi$ હોવાથી,$E = \frac{36}{\pi} \int_{0}^{\pi} \frac{\sin^2 \theta}{\sin^6 \theta + \cos^6 \theta} d\theta = \frac{36 \times 2}{\pi} \int_{0}^{\pi/2} \frac{\sin^2 \theta}{\sin^6 \theta + \cos^6 \theta} d\theta$.
ધારો કે $J = \int_{0}^{\pi/2} \frac{\sin^2 \theta}{\sin^6 \theta + \cos^6 \theta} d\theta$. કિંગના ગુણધર્મ મુજબ,$J = \int_{0}^{\pi/2} \frac{\cos^2 \theta}{\sin^6 \theta + \cos^6 \theta} d\theta$.
બંનેનો સરવાળો કરતા,$2J = \int_{0}^{\pi/2} \frac{1}{\sin^6 \theta + \cos^6 \theta} d\theta = \int_{0}^{\pi/2} \frac{\sec^6 \theta}{\tan^6 \theta + 1} d\theta$.
ધારો કે $\tan \theta = t$,તો $dt = \sec^2 \theta d\theta$. $2J = \int_{0}^{\infty} \frac{(1+t^2)^2}{t^6+1} dt = \int_{0}^{\infty} \frac{1+t^2}{t^4-t^2+1} dt = \pi$.
આમ $J = \pi/2$.
અંતે,$E = \frac{72}{\pi} \times \frac{\pi}{2} = 36$.

(B) ધારો કે $I = \int_{0}^{x} t^{2} \sin(x-t) dt$. ગુણધર્મ $\int_{0}^{x} f(t) dt = \int_{0}^{x} f(x-t) dt$ નો ઉપયોગ કરતા,આપણને મળે $I = \int_{0}^{x} (x-t)^{2} \sin(t) dt$.
આનું વિસ્તરણ કરતા,$I = \int_{0}^{x} (x^{2} - 2xt + t^{2}) \sin(t) dt = x^{2} \int_{0}^{x} \sin(t) dt - 2x \int_{0}^{x} t \sin(t) dt + \int_{0}^{x} t^{2} \sin(t) dt$.
સંકલનનું મૂલ્યાંકન કરતા:
$1. \int_{0}^{x} \sin(t) dt = [-\cos(t)]_{0}^{x} = 1 - \cos(x)$.
$2. \int_{0}^{x} t \sin(t) dt = [-t \cos(t)]_{0}^{x} + \int_{0}^{x} \cos(t) dt = -x \cos(x) + \sin(x)$.
$3. \int_{0}^{x} t^{2} \sin(t) dt = [-t^{2} \cos(t)]_{0}^{x} + 2 \int_{0}^{x} t \cos(t) dt = -x^{2} \cos(x) + 2(t \sin(t) + \cos(t))_{0}^{x} = -x^{2} \cos(x) + 2x \sin(x) + 2 \cos(x) - 2$.
આ કિંમતો મૂકતા: $I = x^{2}(1 - \cos(x)) - 2x(-x \cos(x) + \sin(x)) + (-x^{2} \cos(x) + 2x \sin(x) + 2 \cos(x) - 2) = x^{2} + 2 \cos(x) - 2$.
આપેલ છે કે $I = x^{2}$,તેથી $x^{2} + 2 \cos(x) - 2 = x^{2}$,જેનું સાદું રૂપ $2 \cos(x) = 2$ અથવા $\cos(x) = 1$ થાય છે.
$x \in [0, 100]$ માટે,$\cos(x) = 1$ નો અર્થ છે $x = 2n\pi$,જ્યાં $n = 0, 1, 2, \dots$.
$2n\pi \le 100$ હોવાથી,$n \le \frac{100}{2\pi} \approx 15.92$.
આમ,$n$ ની કિંમતો $0, 1, 2, \dots, 15$ હોઈ શકે,જે કુલ $16$ મૂલ્યો આપે છે.

(A) ધારો કે $I = \int_{\frac{\pi}{24}}^{\frac{5\pi}{24}} \frac{dx}{1+\sqrt[3]{\tan 2x}}$ ...$(1)$
ગુણધર્મ $\int_{a}^{b} f(x) dx = \int_{a}^{b} f(a+b-x) dx$ નો ઉપયોગ કરતા,જ્યાં $a+b = \frac{\pi}{24} + \frac{5\pi}{24} = \frac{6\pi}{24} = \frac{\pi}{4}$.
$I = \int_{\frac{\pi}{24}}^{\frac{5\pi}{24}} \frac{dx}{1+\sqrt[3]{\tan(2(\frac{\pi}{4}-x))}}$
$I = \int_{\frac{\pi}{24}}^{\frac{5\pi}{24}} \frac{dx}{1+\sqrt[3]{\tan(\frac{\pi}{2}-2x)}}$
આપણે જાણીએ છીએ કે $\tan(\frac{\pi}{2}-\theta) = \cot \theta$,તેથી:
$I = \int_{\frac{\pi}{24}}^{\frac{5\pi}{24}} \frac{dx}{1+\sqrt[3]{\cot 2x}} = \int_{\frac{\pi}{24}}^{\frac{5\pi}{24}} \frac{\sqrt[3]{\tan 2x} dx}{\sqrt[3]{\tan 2x} + 1}$ ...$(2)$
$(1)$ અને $(2)$ નો સરવાળો કરતા:
$2I = \int_{\frac{\pi}{24}}^{\frac{5\pi}{24}} \frac{1+\sqrt[3]{\tan 2x}}{1+\sqrt[3]{\tan 2x}} dx = \int_{\frac{\pi}{24}}^{\frac{5\pi}{24}} 1 dx$
$2I = [x]_{\frac{\pi}{24}}^{\frac{5\pi}{24}} = \frac{5\pi}{24} - \frac{\pi}{24} = \frac{4\pi}{24} = \frac{\pi}{6}$
$I = \frac{\pi}{12}$

(C) ધારો કે $I = \int_{-\frac{\pi}{2}}^{\frac{\pi}{2}} \frac{1}{[x]+4} dx$. કારણ કે $-\frac{\pi}{2} \approx -1.57$ અને $\frac{\pi}{2} \approx 1.57$,આપણે $[x]$ ના મૂલ્યોના આધારે સંકલનને વિભાજિત કરીએ છીએ:
$I = \int_{-\frac{\pi}{2}}^{-1} \frac{1}{[x]+4} dx + \int_{-1}^{0} \frac{1}{[x]+4} dx + \int_{0}^{1} \frac{1}{[x]+4} dx + \int_{1}^{\frac{\pi}{2}} \frac{1}{[x]+4} dx$
$x \in [-\frac{\pi}{2}, -1)$ માટે,$[x] = -2$. $x \in [-1, 0)$ માટે,$[x] = -1$. $x \in [0, 1)$ માટે,$[x] = 0$. $x \in [1, \frac{\pi}{2}]$ માટે,$[x] = 1$.
$I = \int_{-\frac{\pi}{2}}^{-1} \frac{1}{-2+4} dx + \int_{-1}^{0} \frac{1}{-1+4} dx + \int_{0}^{1} \frac{1}{0+4} dx + \int_{1}^{\frac{\pi}{2}} \frac{1}{1+4} dx$
$I = \frac{1}{2} [-1 - (-\frac{\pi}{2})] + \frac{1}{3} [0 - (-1)] + \frac{1}{4} [1 - 0] + \frac{1}{5} [\frac{\pi}{2} - 1]$
$I = \frac{1}{2} (\frac{\pi}{2} - 1) + \frac{1}{3} (1) + \frac{1}{4} (1) + \frac{1}{5} (\frac{\pi}{2} - 1)$
$I = \frac{\pi}{4} - \frac{1}{2} + \frac{1}{3} + \frac{1}{4} + \frac{\pi}{10} - \frac{1}{5}$
$I = (\frac{\pi}{4} + \frac{\pi}{10}) + (-\frac{1}{2} + \frac{1}{3} + \frac{1}{4} - \frac{1}{5})$
$I = \frac{7\pi}{20} + \frac{-30+20+15-12}{60} = \frac{7\pi}{20} - \frac{7}{60} = \frac{21\pi - 7}{60} = \frac{7}{60}(3\pi - 1)$

(B) ધારો કે $I = \int_{-\pi/6}^{\pi/6} \frac{\pi}{1 - \sin(|x| + \pi/6)} dx + \int_{-\pi/6}^{\pi/6} \frac{4x^{11}}{1 - \sin(|x| + \pi/6)} dx$.
અહીં $f(x) = \frac{4x^{11}}{1 - \sin(|x| + \pi/6)}$ એ અયુગ્મ વિધેય હોવાથી,બીજું સંકલન $0$ થશે.
તેથી,$I = 2 \int_{0}^{\pi/6} \frac{\pi}{1 - \sin(x + \pi/6)} dx = 2\pi \int_{0}^{\pi/6} \frac{1}{1 - \sin(x + \pi/6)} dx$.
ધારો કે $x + \pi/6 = t$,તો $dx = dt$. જ્યારે $x=0, t=\pi/6$; જ્યારે $x=\pi/6, t=\pi/3$.
$I = 2\pi \int_{\pi/6}^{\pi/3} \frac{1}{1 - \sin t} dt = 2\pi \int_{\pi/6}^{\pi/3} \frac{1 + \sin t}{\cos^2 t} dt$.
$I = 2\pi \int_{\pi/6}^{\pi/3} (\sec^2 t + \sec t \tan t) dt = 2\pi [\tan t + \sec t]_{\pi/6}^{\pi/3}$.
$I = 2\pi [(\tan(\pi/3) + \sec(\pi/3)) - (\tan(\pi/6) + \sec(\pi/6))]$.
$I = 2\pi [(\sqrt{3} + 2) - (1/\sqrt{3} + 2/\sqrt{3})] = 2\pi [\sqrt{3} + 2 - 3/\sqrt{3}] = 2\pi [\sqrt{3} + 2 - \sqrt{3}] = 4\pi$.
આમ,જવાબ $4$ છે.

(A) ધારો કે $I = \int_{\pi/6}^{\pi/3} \frac{1}{1+\sqrt{\cot x}} dx = \int_{\pi/6}^{\pi/3} \frac{\sqrt{\sin x}}{\sqrt{\sin x} + \sqrt{\cos x}} dx$.
નિશ્ચિત સંકલનના ગુણધર્મ $\int_a^b f(x) dx = \int_a^b f(a+b-x) dx$ નો ઉપયોગ કરતા,જ્યાં $a+b = \frac{\pi}{6} + \frac{\pi}{3} = \frac{\pi}{2}$ છે.
તેથી,$I = \int_{\pi/6}^{\pi/3} \frac{\sqrt{\sin(\pi/2-x)}}{\sqrt{\sin(\pi/2-x)} + \sqrt{\cos(\pi/2-x)}} dx = \int_{\pi/6}^{\pi/3} \frac{\sqrt{\cos x}}{\sqrt{\cos x} + \sqrt{\sin x}} dx$.
$I$ માટેના બંને પદોનો સરવાળો કરતા:
$2I = \int_{\pi/6}^{\pi/3} \left( \frac{\sqrt{\sin x}}{\sqrt{\sin x} + \sqrt{\cos x}} + \frac{\sqrt{\cos x}}{\sqrt{\sin x} + \sqrt{\cos x}} \right) dx = \int_{\pi/6}^{\pi/3} 1 dx$.
$2I = [x]_{\pi/6}^{\pi/3} = \frac{\pi}{3} - \frac{\pi}{6} = \frac{\pi}{6}$.
તેથી,$I = \frac{\pi}{12}$.

(B) ધારો કે $I = \int_0^\infty \frac{\log_e(x)}{x^2+4} dx$.
$x = 2t$ આદેશ લેતા,$dx = 2 dt$. જ્યારે $x \to 0, t \to 0$ અને જ્યારે $x \to \infty, t \to \infty$.
$I = \int_0^\infty \frac{\log_e(2t)}{4t^2+4} (2 dt) = \frac{1}{2} \int_0^\infty \frac{\log_e(2) + \log_e(t)}{t^2+1} dt$.
$I = \frac{\log_e(2)}{2} \int_0^\infty \frac{1}{t^2+1} dt + \frac{1}{2} \int_0^\infty \frac{\log_e(t)}{t^2+1} dt$.
બીજા સંકલન માટે,$t = 1/u$ લેતા,$dt = -1/u^2 du$. સીમાઓ $\infty$ થી $0$ માં બદલાશે.
$\int_0^\infty \frac{\log_e(t)}{t^2+1} dt = \int_\infty^0 \frac{\log_e(1/u)}{(1/u)^2+1} (-1/u^2) du = \int_0^\infty \frac{-\log_e(u)}{1+u^2} du = -\int_0^\infty \frac{\log_e(u)}{u^2+1} du$.
આનો અર્થ એ છે કે $\int_0^\infty \frac{\log_e(t)}{t^2+1} dt = 0$.
તેથી,$I = \frac{\log_e(2)}{2} [\arctan(t)]_0^\infty = \frac{\log_e(2)}{2} (\frac{\pi}{2} - 0) = \frac{\pi \log_e(2)}{4}$.

(B) ધારો કે $I = \int_{-\pi/4}^{\pi/4} \frac{32 \cos^4 x}{1 + e^{\sin x}} dx$.
ગુણધર્મ $\int_a^b f(x) dx = \int_a^b f(a+b-x) dx$ નો ઉપયોગ કરતા,જ્યાં $a+b=0$,આપણને મળે છે $I = \int_{-\pi/4}^{\pi/4} \frac{32 \cos^4 (-x)}{1 + e^{\sin (-x)}} dx = \int_{-\pi/4}^{\pi/4} \frac{32 \cos^4 x}{1 + e^{-\sin x}} dx$.
$I = \int_{-\pi/4}^{\pi/4} \frac{32 \cos^4 x e^{\sin x}}{e^{\sin x} + 1} dx$.
$I$ માટેના બંને પદોનો સરવાળો કરતા:
$2I = \int_{-\pi/4}^{\pi/4} \frac{32 \cos^4 x (1 + e^{\sin x})}{1 + e^{\sin x}} dx = \int_{-\pi/4}^{\pi/4} 32 \cos^4 x dx$.
કારણ કે $\cos^4 x$ એ યુગ્મ વિધેય છે,તેથી $2I = 64 \int_0^{\pi/4} \cos^4 x dx$.
નિત્યસમ $\cos^4 x = \frac{1}{8}(3 + 4\cos 2x + \cos 4x)$ નો ઉપયોગ કરતા:
$I = 32 \int_0^{\pi/4} \frac{3 + 4\cos 2x + \cos 4x}{8} dx = 4 \int_0^{\pi/4} (3 + 4\cos 2x + \cos 4x) dx$.
$I = 4 [3x + 2\sin 2x + \frac{1}{4}\sin 4x]_0^{\pi/4} = 4(3(\pi/4) + 2\sin(\pi/2) + \frac{1}{4}\sin(\pi)) - 4(0)$.
$I = 4(3\pi/4 + 2(1) + 0) = 3\pi + 8$.

(C) સહગુણકો $a, b, c$ વાસ્તવિક હોવાથી,સંકર બીજ હંમેશા અનુબદ્ધ જોડીમાં હોય છે. જો $\beta = 1 + i\sqrt{2}$ બીજ હોય,તો તેનું અનુબદ્ધ $\bar{\beta} = 1 - i\sqrt{2}$ પણ બીજ હશે.
ત્રિઘાત સમીકરણના બીજ $1, 1 + i\sqrt{2}$,અને $1 - i\sqrt{2}$ છે.
બહુપદીને $(x - 1)(x - (1 + i\sqrt{2}))(x - (1 - i\sqrt{2}))$ તરીકે લખી શકાય.
$= (x - 1)((x - 1)^2 - (i\sqrt{2})^2) = (x - 1)((x - 1)^2 + 2) = (x - 1)(x^2 - 2x + 1 + 2) = (x - 1)(x^2 - 2x + 3)$.
$= x^3 - 2x^2 + 3x - x^2 + 2x - 3 = x^3 - 3x^2 + 5x - 3$.
આને $x^3 + ax^2 + bx + c = 0$ સાથે સરખાવતા,આપણને $a = -3, b = 5, c = -3$ મળે છે.
આપણે $\int_{-1}^{1} (x^3 - 3x^2 + 5x - 3) dx$ ની કિંમત શોધવાની છે.
$x^3$ અને $5x$ એ અયુગ્મ વિધેયો હોવાથી,સંમિત અંતરાલ $[-1, 1]$ પર તેમનું સંકલન $0$ થાય છે.
તેથી,સંકલન $\int_{-1}^{1} (-3x^2 - 3) dx = 2 \int_{0}^{1} (-3x^2 - 3) dx$ થશે.
$= 2 [-x^3 - 3x]_0^1 = 2(-1 - 3) = 2(-4) = -8$.

(B) ધારો કે $I = \int_{-2}^2 (|\sin x| + [x \sin x]) dx$.
કારણ કે $|\sin x|$ એ યુગ્મ વિધેય છે,$\int_{-2}^2 |\sin x| dx = 2 \int_0^2 \sin x dx = 2 [-\cos x]_0^2 = 2(1 - \cos 2)$.
હવે,$f(x) = x \sin x$ લો. કારણ કે $f(x)$ યુગ્મ છે,$\int_{-2}^2 [x \sin x] dx = 2 \int_0^2 [x \sin x] dx$.
$x \in [0, 2]$ માટે,$x \sin x$ એ $0$ થી $2 \sin 2 \approx 1.818$ સુધી વધે છે.
તેથી,$[x \sin x] = 0$ જ્યારે $x \in [0, x_0)$ જ્યાં $x_0 \sin x_0 = 1$,અને $[x \sin x] = 1$ જ્યારે $x \in [x_0, 2]$.
તેથી,$2 \int_0^2 [x \sin x] dx = 2 \int_{x_0}^2 1 dx = 2(2 - x_0) = 4 - 2x_0$.
આમ,$I = 2(1 - \cos 2) + 4 - 2x_0 = 2 - 2\cos 2 + 4 - 2x_0 = 2(3 - \cos 2) - 2x_0$.
આને $2(3 - \cos 2) + \beta$ સાથે સરખાવતા,આપણને $\beta = -2x_0$ મળે છે.
$x_0 \sin x_0 = 1$ આપેલ હોવાથી,$\beta \sin(\frac{\beta}{2}) = -2x_0 \sin(-x_0) = 2x_0 \sin x_0 = 2(1) = 2$.

(B) ધારો કે $I = \int_{-2}^{2} (\sin |x| + [x \sin x]) dx$.
$\sin |x|$ અને $[x \sin x]$ બંને યુગ્મ વિધેયો હોવાથી,$I = 2 \int_{0}^{2} (\sin x + [x \sin x]) dx$.
પ્રથમ,$\int_{0}^{2} \sin x dx = [-\cos x]_0^2 = 1 - \cos 2$.
ત્યારબાદ,$[0, 2]$ અંતરાલ પર $[x \sin x]$ માટે,$x \sin x$ એ $x=0$ પર $0$ થી શરૂ થઈને $x=\pi/2 \approx 1.57$ પર મહત્તમ થાય છે. $[x \sin x] = 1$ માટે $x \in [1, 2]$ લેતા,$\int_{0}^{2} [x \sin x] dx = 1$.
તેથી,$I = 2(1 - \cos 2) + 2(1) = 4 - 2 \cos 2$.
$4 - 2 \cos 2$ ને $2(3 - \cos 2) + \beta = 6 - 2 \cos 2 + \beta$ સાથે સરખાવતા,$\beta = -2$ મળે છે.
આમ,$\beta \sin(\beta/2) = -2 \sin(-1) = 2 \sin(1)$.